Question

在构建配置中，CI服务器构建服务包，为其分配特定的版本，然后将其存档到文件中：服务Version.tgz

在部署配置中，相同的CI服务器会下载此类可变命名的包。此配置希望复制存档，解压缩并在某些主机上部署服务。

在Ansible代码中表达：

 - name: Unpack Service on remote host
   unarchive: src="{{ src_dir }}/Service-*.tgz" dest="{{ host_dest_dir }}"

理想情况下：Ansible会尝试在模式中匹配任何带有文件名的内容。

实际上，这不起作用：

fatal: [127.0.0.1]: FAILED! => {"changed": false, "failed": true, "msg": "Unable to find '(...)/deploy/Service-*.tgz' in expected paths."}

如何让Ansible接受＆＃39; src＆＃39;？

的可变名称

（我想我可以通过点击目录创建一个注册真实姓名的任务，但也许这可以在 Ansible本身中完成？）

Answer 1

正如之前对您的问题的评论所指出的另一种方法（假设Ansible 2+）是find模块。这看起来像是：

- name: Find Service package
  find: paths="{{ src_dir }}" patterns="Service-*.tgz"
  register: find_result
- name: Unpack service on remote host
  unarchive: src="{{ item.path }}" dest="{{ host_dest_dir }}"
  with_items: "{{ find_result.files }}"

Answer 2

如果您的CI服务器知道文件名并且正在运行ansible，那么您可以在命令行上设置文件名的版本，然后在您的任务中引用它：

ansible-playbook play.yml --extra-vars "version=${VERSION_FROM_CI_SERVER}"

Ansible unarchive模块 - 用于＆＃39; src＆＃39;的模式匹配参数

2 个答案: