从平均寻道时间为10毫秒的磁盘加载64 KB程序需要多长时间，其旋转时间为20毫秒，并且其磁道在2 KB页面大小时保持32 KB？ 页面随机分布在磁盘周围，并且磁道数量非常大 两页在同一个圆柱上的几率可以忽略不计。
我的解决方案.. 由于每个磁道容量为32KB，64 KB程序将被组织成2个磁道。
要加载整个曲目，我们需要20毫秒。要加载2KB，我们需要1.25毫秒。
I / O时间=寻道时间+平均转速延迟+转移时间
10msec+10msec+1.25msec=21.25msec
Since 64KB program is organized into 2 tracks then I/O time will be 2(21.25)=42.5 msec.
这是对的吗？如果是这样，为什么要寻找时间=平均潜伏期？
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正如它提到的那样：气缸的数量太大，以至于两页在同一个气缸上的几率可以忽略不计。，它只是意味着加载每一页，我们总是需要移动到另一个cylinder。因此，我们必须为每个页面添加seek time，因为seek time是将手臂移到适当的cylinder上所花费的时间。
Number of pages = 64KB/2KB = 32
rotation time是达到相应sector后到达相应cylinder所需的时间。
所以花费的时间是= 32 * 10 * 20 = 6400毫秒
答案 1 :(得分：0)
我找到了另一个解决方案。 寻道加旋转延迟为20毫秒。 对于2 KB页面，转移 时间为1.25毫秒，总共21.25毫秒。 加载其中32个页面即可 需要680毫秒。对于4 KB页面，传输时间加倍到2.5毫秒，所以 每页的总时间是22.50毫秒。加载其中16个页面需要360个 毫秒。 现在我很困惑。