用PHP制作文章列表

Question

如何在PHP中创建一个页面，从特定目录（即articles /）加载各种信息，然后将其返回到列表中的页面。 我需要页面来收集目录中所有文件的 $ title ，将标题设置为该文件的超链接，并将它们放入由排序的列表中使用 $ description < $ date （最近在顶部，只有前10名最近列出的内容） / em>也包括在内，但只有有限的单词。然后以“阅读更多”链接结束，该链接指向文章本身。在页面的右侧，我想要一个列出所有文件的列表，但只列出链接到这些页面的标题，没有别的。

目录中的所有文件都与此类似：

<?php
$title = "How to...";
$description = "Description";
$keywords = "yes, no, maybe, so";
$date = "2017-02-10";
$content = "<i>This is my content.</i>";
include 'layout/article_template.php';
?>

这是我到目前为止的PHP，但它没有得到我需要的部分。如果我在其中加上 $ title ，它只需要文章列表页面的 $ title （应该列出标题的页面）另一个目录中的文件。）

<div id="content">
<?php
$dir_open = opendir('articles/');

while(false !== ($filename = readdir($dir_open))){
    $dirArray[]=$filename;

    if($filename != "." && $filename != ".."){
        $link = "<a href='./$filename'> $filename </a><br />";
        echo $link;
    }
}

closedir($dir_open);

$indexCount=count($dirArray);

sort($dirArray);
?>
</div>

我是PHP的新手，并且不太了解语法。

Answer 1

考虑将变量置于JSON格式。通过这种方式，您可以轻松地使用PHP解析它，而无需eval（危险）代码。

以下示例：

JSON：

{
    "title": "How to...",
    "description": "Description",
    "keywords": "yes, no, maybe, so",
    "date": "2017-02-10",
    "content": "<i>This is my content.</i>"
}

PHP：

<?php
$articles = [];
foreach (glob('articles/*') as $article) {
    $content = file_get_contents($article);
    $articles[] = json_decode($content);
}
print_r($articles);

我会把排序留给你，但是这应该让你起步并运行。祝你好运！

来源：

• glob
• foreach
• json_decode