Question

所以我有一个提交按钮，用于将数据更新到数据库，然后应该返回上一页。我的问题是当用户点击任何其他按钮，然后点击提交按钮...它停留在同一页面上。我怎样才能使它工作？所以它实际上是使用diff url转到上一页。

  <script type="text/javascript">
    function goBack() {
    setTimeout("history.go(-1);", 5);
    }
  </script>

<input type="submit" value="submit" name="submit" id="button" onclick="goBack()">

Answer 1

如果您能够修改代码以允许此操作，则可以尝试使用按钮而不是输入：

 <script type="text/javascript">
    function goBack() {
    setTimeout("history.go(-1);", 5);
    }
  </script>

<button type="button" onclick="goBack()">
Go Back
</button>

<button type="button">
Test Button
</button>

Answer 2

您可能正在使用其他按钮向网址添加查询字符串，在这种情况下，您之前的网址不是您期望的网址。例如，您的网址是helloworld.com，有些按钮正在将#some添加到网址，导致helloworld.com＃some ...在这种情况下，之前的网址将是没有#some的helloworld.com ...如果你得到的，将不得不照顾这一点。我想你可以保存你想要在变量中返回的URL，并从那里重定向。

---编辑---

在最新评论的基础上，我建议你用AJAX做这件事，因为我认为你试图以错误的方式做一些事情。从一开始，你得到的是预期的结果。提交按钮对表单的URL执行请求（如果未定义，则它与您所在的URL相同）。所以你不在同一页面，而是重新加载页面。在这种情况下，先前的URL是相同的（或者它看起来是相同的）。使用AJAX，在最基本的形式中，您可以执行以下操作：

<script>
var submitElement = document.querySelector('input[type="submit"]');

submitElement.addEventListener('click', function(e) {
    e.preventDefault();
    var ajax = new XMLHttpRequest();

    ajax.open( "POST", url, true );
    ajax.setRequestHeader("Content-type", "application/x-www-form-   urlencoded");
    ajax.send( params );
    ajax.onreadystatechange = function() {
        if(ajax.readyState == 4 && ajax.status == 200){
            setTimeout(function() {
                window.history.back();
            }, 5);
        }
    }
});
</script>

我只是告诉你如何从JS执行ajax调用...从PHP方面来说，你必须使用params格式将它们保存在数据库中，但它与你现在正在做的几乎相同，我想你知道怎么做。希望这能澄清问题和解决方案。

PHP / JS返回上一页无法正常工作

2 个答案: