Question

假设以下文件列表

file1.csv
file2.csv
file2.js

标准gulp任务可能看起来像这样

gulp.task( 'exampleTask', function() {
  return gulp.src([ '*.json', '*.csv', '*.js' ])
    .pipe( gulpModule() )
    .pipe( gulp.dest( '/dest/' ) );
});

使用该设置，三个文件中的每一个都将通过gulpModule()传送。

然而，我的要求略有不同：如果文件扩展名不是.js并且只有.js扩展名存在相同的文件名，则不要管道当前文件。

因此，在上面的示例中，只有以下文件才能通过gulpModule()传递：

file1.csv
file2.js

知道如何实现这个目标吗？

Answer 1

您应该可以使用简单的插件执行此操作，如下所示。

在插件中，检查文件名并运行业务规则。
如果文件符合参数，请将其与this.push()

var through = require('through2');
var path = require("path");

gulp.task( 'exampleTask', function() {
      return gulp.src([ '*.json', '*.csv', '*.js' ])
        .pipe(exclude())
        .pipe( gulpModule() )
        .pipe( gulp.dest( '/dest/' ) );
    });


    var exclude = function() {

        return through.obj(function (file, enc, callback) {     

                var ext = path.extname(file.path),
                  filePath = file.path.substring(0,file.path.length-ext.length);

                if (ext!=".js" &&  !fs.existsSync(filePath + ".js") ) 
                {
                    //push it, otherwise ignore it.
                    this.push(file);
                }     

            return callback();
        });

    };

通过忽略gulp中的文件扩展名来分组文件

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