Question

我试图创建一个允许您使用php更新数据库表的表单。我是PHP的新手，请原谅我，如果我在代码中犯了一个愚蠢的错误。

这是我的edit.php代码：

<html>
<head>
</head>
<body>

<?php

$con=mysqli_connect("localhost","root","root","test");
// Check connection
if (mysqli_connect_errno())
{
echo "Failed to connect to MySQL: " . mysqli_connect_error();
}

 $result = mysqli_query($con,"SELECT * FROM cats");

?>


<form method="post" action="<?php $_PHP_SELF ?>">
<table width="400" border="0" cellspacing="1" cellpadding="2">
<tr>

<?php 

while($row = mysqli_fetch_array($result))
            {

$name = $row['name'];
$email = $row['email'];
$rank = $row['rank'];
$birth = $row['birth'];
$joined = $row['joined'];
$steamid = $row['steamid'];
?>


<td width="100"></td>
<td><?=$name?></td>
</tr>
<tr>
<td width="100">Email</td>
<td><input name="emailid" type="text" value="<?=$email?>"></td>
</tr>
<tr>
<td width="100">Rank</td>
<td><input name="rankid" type="text" value="<?=$rank?>"></td>
</tr>
<tr>
<td width="100">Birth</td>
<td><input name="birthid" type="text" value="<?=$birth?>"></td>
</tr>
<tr>
<td width="100">Joined</td>
<td><input name="joinedid" type="text" value="<?=$joined?>"></td>
</tr>
<tr>
<td width="100">Steamid</td>
<td><input name="steamidid" type="text" value="<?=$steamid?>"></td>
</tr>
<?php } ?>
<tr>
<td width="100"> </td>
<td> </td>
</tr>
<tr>
<td width="100"> </td>
<td>
<input name="update" type="submit" id="update" value="Update">
</td>
</tr>
</table>
</form>



<?php

if(isset($_POST['update']))
{

$name = $row['nameid'];
$email = $row['emailid'];
$rank = $row['rankid'];
$birth = $row['birthid'];
$joined = $row['joinedid'];
$steamid = $row['steamidid'];

$update = mysqli_query($con,"UPDATE cats SET email = '$email', rank = '$rank', birth = '$birth', joined = '$joined', steamid = '$steamid' WHERE name = '$name';");

$retval = mysqli_query($con,"UPDATE cats SET email = '$email', rank = '$rank', birth = '$birth', joined = '$joined', steamid = '$steamid' WHERE name = '$name';");
if (!$update) {
    echo "Could not update data: " . mysqli_error($con);
}
echo "Updated data successfully\n";

}
mysqli_close($con);

?>
</body>
</html>

它显示表格和信息，但更新不起作用。

Updated data successfully

我已经检查了数据库，但没有更新任何内容。

Answer 1

亲爱的，我认为您可以根据名称更改记录，因为您可以在where子句中使用$ name，也可以更改名称而不是真正的where子句，以便您的查询已成功执行但未在任何行上生效。

您希望获得可编辑记录以及该功能的唯一ID基准更新行。

Answer 2

<强>信息：

使用mysqli_error()，您需要写下您想要获得错误的连接，例如：

mysqli_error($con);

使用mysqli_query()，您需要提供两个参数connection和query，如下所示：

$update = mysqli_query($con,"UPDATE cats SET email = '$email', rank = '$rank', birth = '$birth', joined = '$joined', steamid = '$steamid' WHERE name = '$name';");

如何调试：

如果您想检查UPDATE查询是否返回任何错误，您可以执行以下操作：

if (!$update) {
    echo "Could not update data: " . mysqli_error($con);
}

您可以尝试使用以下内容调试查询：

$sql = "UPDATE cats SET email = '$email', rank = '$rank', birth = '$birth', joined = '$joined', steamid = '$steamid' WHERE name = '$name';";
echo $sql; // this output write in your phpMyadmin to check if there are any errors.
$update = mysqli_query($con, $sql);

我们遇到的其他问题：

1。我认为您的代码中应该有else，f.ex。：

if (!$update) {
    echo "Could not update data: " . mysqli_error($con);
} else {
    echo "Updated data successfully\n";
}

2。您无法从$_POST获取数据：

$name = $_POST['nameid']; // not $row['nameid']
$email = $_POST['emailid'];
$rank = $_POST['rankid'];
$birth = $_POST['birthid'];
$joined = $_POST['joinedid'];
$steamid = $_POST['steamidid'];

有关已使用功能的更多信息：

PHP: mysqli::$error

PHP: mysqli::query

在您的情况下，它是程序风格

Answer 3

尝试使用PHP PDO数据库访问函数，您的代码很容易受到SQL注入攻击！ PDO还将使调试和使用数据库变得更加容易。

我认为您在$ _POST中检查“更新”是行不通的，因为更新不是表单中的字段，而是提交按钮本身，请尝试检查其中一个字段。

使用HTML表单更新MySQL

3 个答案: