使用PHP获取显示ErrorDocument样式的路径

Question

我使用XAMPP与Apache 2.4.18和PHP 5.5.35。

我的每个客户的部门文件夹都有.htaccess（正如我解释here），这段代码在哪里：

Options -Indexes
Options +FollowSymlinks
Options -MultiViews
RewriteEngine on
RewriteBase /

ErrorDocument 404 /clientName/workDivision1/errors/404.php

workDivision2 和 workDivision3 相同。

当我尝试为样式和脚本设置路径时出现问题。 如果我在＆＃34; 404.php＆＃34;中做了类似的事情。文件

<link href="css/general.css" type="text/css" rel="stylesheet">

如果错误是从

触发的，

可以正常工作

clientName.domain/workDivision1

但如果是从

触发的话

clientName.domain/workDivision1/folder/index.php

然后风格＆＃39;路径不再正确。

无论如何用PHP来解决这个问题？有什么不安全的吗？ 我试图避免在这些链接中放置特定/固定/定义的URL。

dirname(__FILE__)对我没用，因为这样做：

<link href="<? echo dirname(__FILE__); ?>/css/general.css" type="text/css" rel="stylesheet">

创建：

<link href="/Applications/XAMPP/xamppfiles/htdocs/clientName/workDivision1/errors/css/general.css" type="text/css" rel="stylesheet">

客户端变成什么：

http://(MY LOCAL IP)/Applications/XAMPP/xamppfiles/htdocs/clientName/workDivision1/css/general.css

因此无法找到该文件。