Question

在laravel 5.2中遇到了问题。

以下是eloquent创建操作（后调用）

期间的错误

Model.php中的批量分配异常453：column_name

以下是要考虑的先决条件：

模型中的Fillables通过以下代码以动态方式填充：

public function __construct() {
     $this->fillable(\Schema::getColumnListing($this->getTable()))
}

以下是迄今为止调试过的方法：

在插入之前，在控制器中，$ model :: getillableField（）提供适当的可填充数组。
在model.php行（450）中，
```
if ($this->isFillable($key)) {
      $this->setAttribute($key, $value);
}
```
上面的代码将值返回为“false”，$ model :: getFillableField（）在数组列表中包含column_name。
使用表格列硬编码$ fillable变量可以删除错误。请帮忙，我哪里出错了，解决方案是什么？

提前致谢。

Answer 1

您真正要做的是将所有字段设为可填写。

在Laravel中执行此操作的正确方法是：

protected $guarded = [];

这适用于5.2，即使它的文档在5.3中找到。

（relevant source code for 5.2）

（Documentation from 5.3）：

如果您想使所有属性都可以分配，您可以将$ guarded属性定义为空数组：

通过将$guarded设置为空数组，您将创建一个空的黑名单，允许所有字段都可以进行质量分配。

此外，如果此模型永远将直接从用户输入构建，请不要这样做。 Laravel要求定义$fillable或$guarded是有原因的。除非您的模型具有字面上1：1的公共表单字段，否则允许所有字段在批量分配上可写是一个安全漏洞。

Answer 2

试试这个。将以下代码放入模型中，

这使得每个列都可以从该表中填充。

Answer 3

创建使用数据库列的特征。

<?php

namespace App\Traits;

use Illuminate\Support\Facades\Schema;

trait ColumnFillable
{
    public function getFillable()
    {
        return Schema::getColumnListing($this->getTable());
    }
}

现在在模型中使用此特征。

<?php

namespace App;

use App\Traits\ColumnFillable;

class MyModel extends Model
{
    use ColumnFillable;

    ...

现在，您将不必手动指定$fillable。

Laravel动态可填充模型

3 个答案: