Question

我有一个辅助方法，它将boost::function<>类型对象作为输入，并用另一个处理其他物流的仿函数包装该函数。

以下是我的签名：

class Example {
public:
    typedef ... Callback;

    ...

    template<typename T>
    static Callback make_wrapper( const boost::function<void( T )>& );
};

如果我尝试传递make_wrapper，则内联调用boost::bind的结果会出现关于不兼容类型的编译错误（Apple LLVM版本7.3.0）

class OtherClass {
public:
    void method ( uint32_t );
};

OtherClass* other;

Example::Callback c = Example::make_wrapper ( boost::bind( &OtherClass::method, other, _1 ) );

这给出了：

error: no matching function for call to 'make_wrapper'
note: candidate template ignored: could not match 'function' against 'bind_t'

我找到了两种方法：

临时变量：

boost::function<void( uint32_t )> f = boost::bind( &OtherClass::method, other, _1 );
Example::Callback c = Example::make_wrapper ( f );

调用make_wrapper的特定专业化：

Example::Callback c = Example::make_wrapper<uint32_t> ( boost::bind( &OtherClass::method, other, _1 ) );

如果我可以跳过额外的提示并使用内联调用调用make_wrapper来绑定，我会更喜欢它。

有没有办法可以声明make_wrapper模板的签名，以帮助编译器找出类型，而无需使用上述解决方法之一？

Answer 1

每当使用bind时，您都会丢弃有关绑定函数参数类型的所有信息。函数模板不可能推导出参数类型T，因为bind的返回值是一个函数对象，可以使用任意类型的任意数量的参数进行调用。

您可以将bind函数包装到辅助函数模板中以推导绑定成员函数，尤其是其结果类型和参数（示例使用std::bind和std::function，但我相信它可以是很容易转化为boost）：

#include <iostream>
#include <string>
#include <functional>

struct foo {
  void bar(int a, std::string s) {
     std::cout << a << " " << s << std::endl;
  }
};


template<typename T1, typename T2>
void make_wrapper(const std::function<void( T1, T2 )>&) {
}

template <class Foo, class Res, class... Args, class... Placeholders>
std::function<Res(Args...)> my_bind(Res (Foo::*bar)(Args...), Foo& f, Placeholders... ps) {
   return std::bind(bar, f, ps...);
}

int main() {
  foo f;
  make_wrapper(my_bind(&foo::bar, f, std::placeholders::_1, std::placeholders::_2));
}

只要foo::bar没有超载，代码就会有效，在这种情况下，您无法避免static_cast。

Answer 2

std::bind和boost::bind都将返回类型列为未指定。这意味着，如果您想要完全可移植，那么您根本无法知道。

如何创建一个带有boost :: bind结果参数的模板化函数？

2 个答案: