Gulp错误：监视任务必须是一个功能

Question

这是我的gulpfile：

// Modules & Plugins
var gulp = require('gulp');
var concat = require('gulp-concat');
var myth = require('gulp-myth');
var uglify = require('gulp-uglify');
var jshint = require('gulp-jshint');
var imagemin = require('gulp-imagemin');

// Styles Task
gulp.task('styles', function() {
    return gulp.src('app/css/*.css')
        .pipe(concat('all.css'))
        .pipe(myth())
        .pipe(gulp.dest('dist'));
});

// Scripts Task
gulp.task('scripts', function() {
    return gulp.src('app/js/*.js')
        .pipe(jshint())
        .pipe(jshint.reporter('default'))
        .pipe(concat('all.js'))
        .pipe(uglify())
        .pipe(gulp.dest('dist'));
});

// Images Task
gulp.task('images', function() {
    return gulp.src('app/img/*')
        .pipe(imagemin())
        .pipe(gulp.dest('dist/img'));
});

// Watch Task
gulp.task('watch', function() {
    gulp.watch('app/css/*.css', 'styles');
    gulp.watch('app/js/*.js', 'scripts');
    gulp.watch('app/img/*', 'images');
});

// Default Task
gulp.task('default', gulp.parallel('styles', 'scripts', 'images', 'watch'));

如果我单独运行images，scripts或css任务，则可以正常运行。我不得不在任务中添加return - 这不在书中，但是谷歌搜索显示我需要这样做。

我遇到的问题是default任务错误：

[18:41:59] Error: watching app/css/*.css: watch task has to be a function (optionally generated by using gulp.parallel or gulp.series)
    at Gulp.watch (/media/sf_VM_Shared_Dev/webdevadvlocal/gulp/public_html/gulp-book/node_modules/gulp/index.js:28:11)
    at /media/sf_VM_Shared_Dev/webdevadvlocal/gulp/public_html/gulp-book/gulpfile.js:36:10
    at taskWrapper (/media/sf_VM_Shared_Dev/webdevadvlocal/gulp/public_html/gulp-book/node_modules/undertaker/lib/set-task.js:13:15)
    at bound (domain.js:287:14)
    at runBound (domain.js:300:12)
    at asyncRunner (/media/sf_VM_Shared_Dev/webdevadvlocal/gulp/public_html/gulp-book/node_modules/async-done/index.js:36:18)
    at nextTickCallbackWith0Args (node.js:419:9)
    at process._tickCallback (node.js:348:13)
    at Function.Module.runMain (module.js:444:11)
    at startup (node.js:136:18)

我认为这是因为监视任务中也没有return。错误信息也不清楚 - 至少对我而言。我尝试在最后一次return之后添加gulp.watch()，但这也不起作用。

Answer 1

在gulp 3.x中，您可以将任务名称传递给gulp.watch()，如下所示：

gulp.task('watch', function() {
  gulp.watch('app/css/*.css', ['styles']);
  gulp.watch('app/js/*.js', ['scripts']);
  gulp.watch('app/img/*', ['images']);
});

在gulp 4.x中，情况不再如此。您有来传递功能。在gulp 4.x中执行此操作的常规方法是仅使用一个任务名称传递gulp.series()调用。这将返回仅执行指定任务的函数：

gulp.task('watch', function() {
  gulp.watch('app/css/*.css', gulp.series('styles'));
  gulp.watch('app/js/*.js', gulp.series('scripts'));
  gulp.watch('app/img/*', gulp.series('images'));
});

Answer 2

<强> GULP-V4.0

现在回答这个问题有点晚了但仍然如此。我也遇到了这个问题，这就是我的工作方式。

详细分析我做错了什么

1. 当watch发现我的html文件发生了一些变化时，我忘了调用重装功能。
2. 由于fireUp和KeepWatching正在阻止。它们需要并行启动而不是串行启动。所以我在变量run中使用了parallel函数。

Answer 3

感谢所有人

gulp.task('watch', function(){
    gulp.watch('app/sass/**/*.sass', gulp.series('sass'));
});

版本gulp 4.xx

Answer 4

它在Gulp 4.0中对我有用

gulp.task('watch', function() {
      gulp.watch('src/images/*.png', gulp.series('images'));
      gulp.watch('src/js/*.js', gulp.series('js'));
      gulp.watch('src/scss/*.scss', gulp.series('css'));
      gulp.watch('src/html/*.html', gulp.series('html'));
});

Answer 5

//检查对我有用的

gulp.task('watch', function(){
    gulp.watch('css/shop.css', gulp.series(['shop']));
});