Question

请帮助我使用带有C＃的Swagger 6.0.0在Swagger UI上实现默认请求数据到模型架构。

Answer 1

重做答案以使其更清晰。

1）您需要创建一个RequestExampleAttribute类，它只保留与您发送的链接类似的示例类类型。

2）使用RequestExampleAttribute：

修饰action方法

[RequestExample(typeof(MyRequestExample))]

3）MyRequestExample是从您的模型派生的简单类，除了它在构造函数中填充了示例值的所有属性

4）按照链接

创建操作过滤器

5）在操作过滤器中，找到属性（应该只有一个或无）：

RequestExampleAttribute exampleAttr = context.ApiDescription.GetActionAttributes().Where(x => x is RequestExampleAttribute).Cast<RequestExampleAttribute>().FirstOrDefault();

6）如果exampleAttr为null，则返回，否则，使用Activator.CreateInstance（）

新建一个类型的实例

7）设置context.SchemaRegistry.Definitions [0]。实例创建实例。

object oExample = Activator.CreateInstance(exampleAttr.ExampleType);

context.SchemaRegistry.Definitions[0].Example = oExample;

8）检查是否有效......如果没有，继续执行第9步

9）如果它不读取... [0]。例如，它正在读取属性模式，因此您需要修改所有属性：

context.SchemaRegistry.Definitions[0].Properties[x].Value.Example

这只是一个字典键/值对，其中包含键中的属性名称。我在代码中所做的是循环遍历字典键，然后使用正则表达式从步骤＃6中创建的序列化实例中提取值。即。

{
  "prop1" : "value1"
}

因此，当您遍历字典时，第一个键将是“prop1”，因此您可以使用正则表达式来提取“prop1”：[string]，然后将该字符串复制到Prop的Value.Example。

希望您不需要这样做，因为成功的返回模型从“简单”的地方读取修改，所以希望请求也会从“简单”的位置拉出来。

现在有意义吗？

使用Swagger 6.0.0-rc1-final在Swagger UI上的模型模式中分配默认请求数据

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