Question

我将php的JSON结果分配给了一个javascript变量。返回的结果如下所示，但它给了我未定义 未定义

[{"a":"2","u":"jamesoduro","l":"Oduro","f":"James"},{"a":"5","u":"deary.grace","l":"Grace","f":"Dear"}]

我简单地知道这看起来像一个带有两个对象的javascript数组。我试图访问对象内的数据但无济于事。下面是脚本：

PHP

    <?php   

//fetch  online users
$array  = array();
$sql    = "SELECT id as a,username as u, lastname as l,firstname as f FROM users WHERE active =1 limit 2";
$q      = mysqli_query($dbc_conn,$sql);

while($row  = mysqli_fetch_assoc($q)){
    $array[]    = $row; 

}

$json = json_encode($array);    
echo $json;


?>

JQUERY

$(document).ready(function(){

    //checking online users
    setTimeout(function(){
    $.ajax({
        url:"testing.php",
        type:"post",
        success:function(response){

            var array = response;
            console.log(array[0].f +" "+ array[0].l);
        }
    });
},200);

});

请问可能是什么问题？谢谢

Answer 1

@interface MainViewController () <ChildViewControllerDelegate>

@end

@implementation MainViewController
- (void)viewDidAppear:(BOOL)animated {
    // creating frame for child and placing it on the bottom of the screen
        CGFloat screenWidth = [UIScreen mainScreen].bounds.size.width;
        CGFloat screenHeight = [UIScreen mainScreen].bounds.size.height;
        CGFloat yOffset = self.view.frame.origin.y;
        CGFloat childHeight = (8/15) * screenWidth;
        CGRect child = CGRectMake(0, screenHeight - yOffset - childHeight, screenWidth, childHeight);

        // adding storyboard 
        UIStoryboard *storyboard = [UIStoryboard storyboardWithName:@"child" bundle:nil];
        ChildViewController *childVC = [storyboard instantiateViewControllerWithIdentifier:@"childViewController"];
        childVC.view.frame = childBox;
        [self addChildViewController: childVC];
        [self.view addSubview:childVC.view];
}

- (void) closeChild {
    NSLog(@"Why doesn't this get trigger???");
}

@end

你从php得到一个字符串，需要将字符串转换为json对象。

你必须学会调试你的代码，以找出我猜错的地方。

Answer 2

尝试反序列化响应：

var array = JSON.parse(response);

<强>说明

您从ajax调用获得的响应类型为 string ，因此您必须将其转换为对象。这就是JSON.parse（）方法的作用：它解析JSON字符串并创建此字符串表示的对象，遵循特定规则（解析后的字符串必须采用valid JSON格式< /强>）。

Answer 3

保持服务器端PHP脚本代码干净整洁

从第一行的第一个字符开始PHP块。
如果没有HTML格式的输出，请不要关闭php块。
在回显输出之前使用ob_clean（）函数是否处于开发人员模式并且启用了显示错误。

例如

ob_clean();
echo json_encode($array);

在客户端，如果您在ajax中获得JSON响应，请在ajax选项中传递dataType:'json'

$.ajax({
    url:"testing.php",
    type:"post",
    dataType:"json",
    success:function(response){
        console.log(response[0].f +" "+ response[0].l);
    }
});

如何访问javascript对象数组中的条目

3 个答案: