Question

我需要处理一堆XML文档。它们的结构非常复杂（即节点的负载），但处理包括更改几个节点的值并以不同的名称保存文件。

我正在寻找一种方法来实现这一点，而无需通过显式实例化所有类型并传递所有未更改的值来重构输出XML，而只需通过从输入中复制它们。如果类型提供程序自动生成的类型是记录类型，我可以简单地通过let output = { input with changedNode = myNewValue }创建输出，但是使用类型提供程序我必须let output = MyXml.MyRoot(input.UnchangedNode1, input.UnchangedNode2, myNewValue, input.UnchangedNode3, ...)。由于我在某些嵌套节点中更改了值，因此我会有相当多的毛茸茸来传递它。

Answer 1

F＃数据类型提供程序主要用于在读取数据时提供方便的访问，因此它们没有很好的编写数据的故事（部分原因是问题是底层JSON表示与底层XML表示完全不同））。

对于XML，类型提供程序只包含标准XElement类型，这些类型恰好是可变的。这意味着您可以使用提供的类型实际导航到元素，但随后使用基础LINQ to XML来改变值。例如：

type X = XmlProvider<"<foos><foo a=\"1\" /><foo a=\"2\" /></foos>">

// Change the 'a' attribute of all 'foo' nodes to 1234
let doc = X.GetSample()
for f in doc.Foos do
  f.XElement.SetAttributeValue(XName.Get "a", 1234)

// Prints the modified document    
doc.ToString()

这可能并不完美 - 有时，您需要更改父元素（就像这里，提供的f.A属性不可变），但它可能会起作用。我不知道这是否是解决问题的最佳方法，或者XSLT之类的东西是否更容易 - 它可能取决于具体的转换。

F＃使用XML Type Provider修改xml

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