Question

我希望将我的gulpfile.js assets或src变量拆分为单独的文件，以便我可以更好地管理它们。例如：

....

var scripts = ['awful.js', 'lot.js', 'of.js', 'js.js', 'files.js']

....(somewhere down the line)

gulp.task('vendorjs', function() {
    return gulp.src(scripts)

        .pipe(concat('vendor.js'))
        .pipe(rename({suffix: '.min'}))
        .pipe(uglify())
        .pipe(gulp.dest(paths.root + 'dist'))
        .pipe(notify({ message: 'vendorjs task completed' }));
});

所以我真的很感兴趣，如果有一种方法可以实际移动到scripts变量的单独文件，并且能够从gulpfile.js访问它。

我一直在寻找类似的东西：

require("fs").readFile('gulp/test.js', function(e, data) {
   //(test.js would be the file that holds the scripts var)
});

但是当它确实读取文件的内容时，我仍然无法从gulpfile.js访问它。任何提示或想法都非常感谢。

Answer 1

Node.js允许您使用require()导入其他文件。它支持three types of files：

JSON文件。请参阅DavidDomain's answer。
Binary Node.js插件。对您的用例没用。
JavaScript文件。这就是你想要的。

对于JavaScript文件，从require()返回的值是导入文件中分配给module.exports的值。

所以对于你的用例：

<强>吞/ test.js

var arrayOfFiles = ["awful.js", "lots.js"];
arrayOfFiles.push("of.js");
arrayOfFiles.push("js.js");
arrayOfFiles.push("files.js");
for (var i = 0; i < 10; i++) {
  arrayOfFiles.push("some_other_file" + i + ".js");       
}

module.exports = {
  scripts: arrayOfFiles
};

<强> gulpfile.js

var test = require('gulp/test.js');

gulp.task('vendorjs', function() {
  return gulp.src(test.scripts)
    .pipe(concat('vendor.js'))
    .pipe(rename({suffix: '.min'}))
    .pipe(uglify())
    .pipe(gulp.dest(paths.root + 'dist'))
    .pipe(notify({ message: 'vendorjs task completed' }));
});

Answer 2

您可以使用json文件存储资源或源文件位置，并将其加载到gulp文件中。

例如：

// config.json

{
  "scripts": ["awful.js", "lot.js", "of.js", "js.js", "files.js"]
}

在您的gulp文件中，您可以

// gulpfile.js

var config = require('./config');

var scripts = config.scripts;

console.log(scripts);

从单独的gulp文件导入/读取变量

2 个答案: