Question

我一直在互联网上寻找一段时间，但我无法找到解决问题的方法。我是PHP新手，我遇到了在后台运行php脚本的问题。

基本上，我从JQuery ajax获取POST数据，我在每个变量上使用escapeshellarg（）将它放在一个长字符串中，并用空格分隔，然后用exec（）或shell_exec调用我想在后台处理的脚本（）函数（我试过两次都没有成功......）。

＆＃13;

$arg_list  = escapeshellarg($str_solution)." ";
$arg_list .= escapeshellarg($str_rubriques)." ";
$arg_list .= escapeshellarg($intervalle)." ";
$arg_list .= escapeshellarg($date_start)." ";
$arg_list .= escapeshellarg($date_end)." ";
$arg_list .= escapeshellarg($_SESSION['user_id'])." ";
$arg_list .= escapeshellarg($_SESSION['user_name']);

//BACKGROUND EXECUTION
$output = shell_exec("/opt/plesk/php/5.6/bin/php-cgi -q script_rapports_intervalle.php ".$arg_list." &");
print_r($output);

＆＃13;

在script_rapports_intervalle.php文件中，我只是这样做：

＆＃13;

print_r($argv);
print_r("here i am");
die;

//HERE GOES THE SCRIPT
//....

＆＃13;

我得到了这个脚本的回复，因为它只显示＆＃34;我在这里＆＃34;串。当我在$ argv上使用var_dump（）时，它表示它是NULL。我也尝试传递简单的参数，如＆＃34; foo＆＃34;和＆＃34; bar＆＃34;，但似乎$ argv总是等于NULL。

此外，我看到了处理后台脚本的许多用法：放置＆＃34;＆amp;＆＃34;在命令的最后，或者放置＆＃34; |现在＆＃34;代替。我应该使用哪一个？

我想我肯定会以错误的方式做事，但我仍然无法确定在哪里解决问题。

Answer 1

对我来说，这个简单的代码可以使用

  $params = array("function_name" => 'image_detect',"image_guid" => $image_guid);

  $query_string = http_build_query($params, "", " ");
 if (PHP_OS === "WINNT") {
    pclose(popen("start /B php " . $script_location . " " . $query_string, "r"));
 } else {
    exec("/opt/plesk/php/5.6/bin/php " . $script_location . " " . $query_string . " &> /dev/null &");
 }

因此，在您的情况下，您可以使用 /opt/plesk/php/5.6/bin/php 替换/opt/plesk/php/5.6/bin/php-cgi进行检查

PHP将参数传递给后台脚本

1 个答案: