我有一个现有的表格,我试图从表单提交中插入数据。
我想我需要另一组眼睛来查看我的代码。它有一个问题,此时我不确定是什么。
我填写表格,似乎提交,我查表,我什么都没得到。没有插入数据。
如果现在没有使用某些值,是否可以阻止数据插入表中?无论如何都不应该插入表单上的表单输入吗?我试图只使用表单中的值,但仍然无效。
例如,现在表单输入仅用于first,last,title,genre,about和picture。其余的只存在于表中。目前无法输入其余字段的数据。
希望有人有解决方案吗?
$servername = "server";
$username = "user";
$password = "pass";
$dbname = "db";
if (isset($_POST['submit'])){
$conn = mysqli_connect($servername,$username,$password,$dbname);
if (!$conn) {
die("Connection failed: " . mysqli_error());
}
$first = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['First']);
$last = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['Last']);
$title = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['Title']);
$storylink = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['StoryLink']);
$genre = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['Genre']);
$about = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['About']);
$link = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['Link']);
$picture = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['Picture']);
$alt = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['ALT']);
$sql = "INSERT INTO ContrTemp (`First`,`Last`,`Title`,`StoryLink`,`Genre`,`About`,`Link`,`Picture`,`ALT`)
VALUES ('$first','$last','$title','$storylink','$genre','$about','$link','$picture','$alt')";
mysqli_query($conn, $sql) or die('Error: ' . mysqli_error($conn));
mysqli_close($conn);
}
这是表单中的一个输入字段。其他几乎是一样的。
<input type="text" id="ContrTitle" name="Title" placeholder="Title" class="inputFields" style="width:650px;" />
输入中的名称是否存在问题?
sql表结构:
CREATE TABLE IF NOT EXISTS `ContrTemp` (
`ID` int(5) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
`First` varchar(40) COLLATE utf8_unicode_ci NOT NULL,
`Last` varchar(40) COLLATE utf8_unicode_ci NOT NULL,
`Title` varchar(50) COLLATE utf8_unicode_ci NOT NULL,
`StoryLink` varchar(140) COLLATE utf8_unicode_ci NOT NULL,
`Genre` varchar(11) COLLATE utf8_unicode_ci NOT NULL,
`About` varchar(2000) COLLATE utf8_unicode_ci NOT NULL,
`Link` varchar(125) COLLATE utf8_unicode_ci NOT NULL,
`Picture` varchar(500) COLLATE utf8_unicode_ci NOT NULL,
`ALT` varchar(100) COLLATE utf8_unicode_ci NOT NULL,
PRIMARY KEY (`ID`)
) ENGINE=InnoDB DEFAULT CHARSET=utf8 COLLATE=utf8_unicode_ci AUTO_INCREMENT=1 ;
现在我实际上正在访问数据库,显示一条记录,但没有插入数据。之前,根本没有插入任何记录。
答案 0 :(得分:2)
您可以尝试使用此插件来插入数据
int get_option(){...}
main(){
int option;
while(1){
option = get_option();
switch(option){
case 0:
/* do something */
continue;
case 1:
/* do something */
break;
case 2:
/* do something */
continue;
default:
}
/* this is executed if (option!=0)&&(option!=2)
otherwise skipped */
}
}
答案 1 :(得分:2)
我认为你做得很好,但最后一次尝试将这些符号[反引号]放在你的字段周围以理解它们只是字段的mysql。
$sql = "INSERT INTO ContrTemp (`First`,`Last`,`Title`,`StoryLink`,`Genre`,`About`,`Link`,`Picture`,`ALT`)
VALUES ('$first','$last','$title','$storylink','$genre','$about','$link','$picture','$alt')";
答案 2 :(得分:1)
您的mysqli_error()语法不正确,您需要指定连接,以便mysqli_error($conn)
正确地向您反馈SQL错误。正如Mitkosoft在评论中提到的,您的一些列名是MySQL keywords。在反引号中始终包含列名可能是一个好习惯。
所以:
$sql = "INSERT INTO ContrTemp (`First`,`Last`,`Title`,`StoryLink`,`Genre`,`About`,`Link`,`Picture`,`ALT`)
VALUES ('$first','$last','$title','$storylink','$genre','$about','$link','$picture','$alt')";
mysqli_query($conn, $sql) or die('Error: ' . mysqli_error($conn));
此外,您无需选择带mysqli_select_db($conn,$dbname);
的数据库,因为在上面的登录命令mysqli_connect
上选择了数据库。
进一步查询:
答案 3 :(得分:0)
我曾希望这就像我上面提供的代码一样简单,因此我没有提到这段代码被用作WordPress模板的一部分。我认为这不会成为一个问题因为模板重量很轻。
话虽如此,我只是采用了我处理数据插入的PHP代码块,并将其放在模板的顶部。工作就像一个魅力..