Question

在Scala中，我有一个必须以下列形式初始化的类：

val box = new Box("foo", "bar", "tut")

这是定义它的类：

class Box(boxMembers: String*) {
    val members = boxMembers
}

如果我想扩展基类以具有命名参数，如下所示：

class FlexibleBox(big: String, small: String, otherMembers: String*) 
    extends Box(big + small + otherMembers) {} //pseudo code

如何将3个参数（大，小和其他familyMembers）传递给它的超级构造函数？

Answer 1

与m-z的答案类似，但没有转换为List：

class FlexibleBox(big: String, small: String, otherMembers: String*)
    extends Box(big +: small +: otherMembers : _*) {}

Answer 2

您可以将big和small添加到otherMembers的集合中，然后使用var-args apply语法将它们传递给Box的构造函数：< / p>

class FlexibleBox(big: String, small: String, otherMembers: String*) 
    extends Box((big :: small :: otherMembers.toList): _ *)

scala> new FlexibleBox("a", "b", "c", "d", "e")
res0: FlexibleBox = FlexibleBox@478ee483

将Seq [String]传递给超类

2 个答案: