Question

无法弄清楚这里出了什么问题，没有出现任何错误，但没有任何错误被退回。搜索栏应该从我的数据库中返回其他用户的名称。

这是Test.php：

<?php
    session_start();
?>  

<!DOCTYPE html>
<head>
    <script type="text/javascript" src="//ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/1.9.1/jquery.min.js"></script>
    <script type="text/javascript">
        function search(partialSearch){
            $.ajax({
                url:"PHP.php",
                type:"POST",
                data {partialSearch:partialSearch},
                success:function(result){
                    $("#results").html(result);
                }
            });
        };
    </script>
</head>

<body>

    <div class="container">

        <h3>Find Other users</h3>

        <input type="text" name="partialSearch"onkeyup="search(this.value)"/>
        <div id="results"></div>
    </div>

</body>
</html>

这是PHP.php

<?php

    $servername = "localhost";
    $username = "root";
    $password = "root";
    $dbname = "coursework_db";

    // Create connection
    $conn = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname);
    // Check connection
    if ($conn->connect_error) {
        die("Connection failed: " . $conn->connect_error);
    } 

    $partialSearch = $_POST['partialSearch'];

    $stmt = $conn->prepare("SELECT username FROM members WHERE username LIKE ? ");
    $stmt->bind_param('s',$partialSearch);
    $stmt->execute();
    $stmt->bind_result($username);
    while ($row = $stmt->fetch()) {
        $searchResults[] = $username;
        echo "<div>".$searchResults."</div>";
    }
?>

这是SQL表：

CREATE TABLE members (
memberID int(5) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
username VARCHAR(65) NOT NULL UNIQUE,
password VARCHAR(65) NOT NULL,
PRIMARY KEY (memberID)
);

提前感谢您的帮助！

Answer 1

除了

中缺少的冒号

data {partialSearch:partialSearch},
    ^

应为：

data: {partialSearch:partialSearch},

您的PHP / MySQL语法已关闭。

您在

中声明$row

while ($row = $stmt->fetch())

但不在任何地方使用它。

然而，这对于一件好事来说是件坏事，因为你不需要那么多代码。

另外，既然您正在使用LIKE，那么您就没有使用正确的语法。

请参阅手册：http://dev.mysql.com/doc/refman/5.7/en/string-comparison-functions.html

您的代码应该是这样的：

$partialSearch = "%". $_POST['partialSearch'] ."%";
$stmt = $conn->prepare("SELECT username FROM members WHERE username LIKE ? ");

$stmt->bind_param('s',$partialSearch);
$stmt->execute();
$stmt->bind_result($username);

while ($stmt->fetch()) {

    echo $username;

    echo "<div>".$searchResults."</div>";
}

检查完你的控制台并查看错误后，你会看到发生了什么。

JS控制台会抛出你：

SyntaxError：missing：属性id
之后

如果这仍然不适合您，那么您的数据库中很可能会出现错误。

请教：

Answer 2

你似乎要两次使用$ username -

首先进行数据库访问

 $username = "root";

然后引用数据库结果

$stmt->bind_result($username);

这似乎会导致冲突，因为$ username =＆＃34; root＆＃34; - 尝试将名称更改为其他变量，看看是否有所不同;例如：

$stmt->bind_result($user_name);

你还没有在将元素推入数组之前将$ searchResults声明为数组，在while循环之前添加以下内容：

$searchResults = array();

Answer 3

将$partialSearch与%通配符连接起来。

$stmt = $conn->prepare("SELECT username FROM members WHERE username LIKE ? ");
 $partialSearch = "%". $_POST['partialSearch'] ."%";
$stmt->bind_param('s',$partialSearch);
 ...

Answer 4

您在Ajax查询中也缺少“：” - 应该是：

data: {partialSearch:partialSearch},

搜索栏不会返回结果

4 个答案: