Question

我有一个向我的服务器发送请求的应用程序，您可以看到以下代码：

Method: POST
multipart/form-data; boundary=—————————14737809831466499882746641449
Content-Type Content-Disposition: form-data; name=\'Stackoverflow\'; filename=\'.%@\'\r\n
Content-Type: application/octet-stream\r\n\r\n

这个请求有效，我在PHP服务器上收到一个真实的请求，问题是我不知道用PHP捕获这些值，因为命令 $ _ GET [＆＃39; name＆＃39;] < / strong>和 $ _ POST [＆＃39;名称＆＃39;] 无效。

我该如何处理这些参数？

Answer 1

解决这个问题并不多。

您是否正在打开网站：http://www.example.com/index.php?getvar=test

或类似：http://www.example.com/index.php

在第二种情况下，它无法获得$ _GET值，因为没有变量

在第一种情况下尝试检查变量是否存在：if(isset($_GET['getvar']))

并在使用之前检查$ _POST变量是否存在。

如果不是，你应该查看你的代码并纠正你的错误。

如果您需要更多帮助，请在此处发布php代码。

Answer 2

你应该查看$ _FILES [＆＃39; filename＆＃39;]（＆＃39; filename＆＃39;是包含文件的参数的名称），会有关于上传文件的信息。

它包含数组，您可能需要＆＃39; tmp_name＆＃39; key（$ _FILES [＆＃39; filename＆＃39;] [＆＃39; tmp_name＆＃39;]），其中包含存储文件的临时位置。此临时文件将在请求结束后删除，因此您需要将其移动到其他位置。

不确定文档在这种情况下是否有用，但它们是：

http://php.net/manual/en/reserved.variables.files.php

访问表单上传的文件信息

2 个答案: