Question

在PHP中，我正在读取文件，然后回复它。像：

rss.php

header("Access-Control-Allow-Origin: *");
header("Access-Control-Allow-Methods: GET");
header("Access-Control-Allow-Headers: x-requested-with, Content-Type, origin, authorization, accept, client-security-token");
header('Content-Type: application/xml');

echo file_get_contents('../../../news.rss');

但是当我通过浏览器访问此rss.php文件时，它会提供正确的RSS文件内容，但文件名仍然是＆＃34; rss.php＆＃34; 。< / p>

我需要将其下载为＆＃34; news.rss＆＃34;文件名。

有什么建议吗？

（请让我们忘记为什么我不能直接访问＆＃34; news.rss＆＃34;文件。背后有一些重大故事。）谢谢大家。：）

Answer 1

试试这个，我目前在我的其他程序中使用它：

header('Content-Type: application/octet-stream');
header('Content-Disposition: attachment; filename=news.rss');
header('Expires: 0');
header('Cache-Control: must-revalidate');
header('Pragma: public');
header('Content-Length: ' . filesize('../../../news.rss');
readfile('../../../news.rss');
exit;

而不是回显内容，我们使用readfile()来读取文件并将其输出到输出缓冲区。

<强>更新

请注意，以上代码仅下载文件（无查看）。如果你真的想首先显示文件的内容，你可以先显示它，然后再显示另一个链接，或者使用一个＆＃34;下载＆＃34;文件。

我也有和你一样的程序。我查看/更新了用户可以输入的文件，使用fwrite（）保存它，然后我有一个按钮，使用上面的代码下载文件

PHP：回收文件内容，如＆＃34;不同＆＃34;文件名？

1 个答案: