Question

当我尝试通过引用调用带参数的函数时它会激活

function test(&$a) ...

通过

call_user_func('test', $b);

Answer 1

call_user_func可以仅按值传递参数，而不是按引用传递参数。如果你想通过引用传递，你需要直接调用函数，或者使用接受引用的call_user_func_array（但是这可能不适用于PHP 5.3及更高版本，具体取决于手册的哪个部分）。

Answer 2

来自call_user_func()

的手册

请注意，call_user_func（）的参数不会通过引用传递。

所以，是的，有你的答案。但是，有一种解决方法，再次阅读manual

call_user_func_array('test', array(&$b));

应该可以通过引用传递它。

Answer 3

我刚遇到同样的问题，改变了（在我的情况下）：

$result = call_user_func($this->_eventHandler[$handlerName][$i], $this, $event);

到

$result = call_user_func($this->_eventHandler[$handlerName][$i], &$this, &$event);

似乎在php 5.3中运行得很好。

我认为这甚至不是一种解决方法，它只是做了所说的： - ）

Answer 4

您需要将变量设置为等于函数的结果，如此...

$b = call_user_func('test', $b);

并且函数应该写成如下......

function test($a) {
    ...
    return $a
}

不推荐通过引用work-a-rounds传递另一个。

Answer 5

您可能会考虑在闭包概念中将引用变量塞入“ use”声明中。例如：

$note = 'before';
$cbl = function( $msg ) use ( &$note )
{
    echo "Inside callable with $note and $msg\n";
    $note = "$msg has been noted";
};
call_user_func( $cbl, 'after' );
echo "$note\n";

解决原始问题的方法，但是如果您有一个需要按引用调用的函数，则可以在其周围包装一个可调用的闭包，然后通过call_user_func（）执行闭包。

为什么出现错误“预计会成为参考，给定值”？

5 个答案: