Question

此代码适用于我页面上的某些过滤器（下拉菜单）。我想要这些工作，所以当用户想要过滤一些数据时，它只会显示他们选择的内容。但是，我已经尝试将该逻辑实现到我的代码中并且它不起作用 - 只显示我已经设置的错误消息，即使在我刷新页面几次之后。

<center>

Answer 1

<form>默认为GET方法，如果没有隐含（post）方法，并且您正在使用POST数组。

<form action="" enctype="multipart/form-data">

......和做的一样：

<form method="get" action="" enctype="multipart/form-data">

将（post）方法添加到表单中：

<form method="post" action="" enctype="multipart/form-data">

旁注：如果您没有处理文件，可以安全地从表单中删除enctype="multipart/form-data"，但仍然添加帖子方法。

但是，如果您以后决定处理文件，请使用它。处理文件需要一个明确的POST方法。

如果没有传递任何值，您可能必须给它们实际值。

例如：

<option>1</option>

到

<option value="1">1</option>

并按照与其他人相同的程序。

<option>Halls</option>至<option value="Halls">Halls</option>

请注意，如果Halls是您数据库中的值，则halls和halls不会被视为相同。

现在，您正试图回应您的疑问：

echo $radius_query;
echo $type_query;
echo $prop_share;

并且不是如何从数据库中提取信息以进行显示。

您需要遍历这些结果。

你想使用这样的东西，例如：

while($row = $query->fetch_array())
  {
  echo $row['col1'] . " " . $row['col2'];
  echo "<br />";
  }

参考文献：

您不确定是否使用相同的MySQL API mysqli_连接到数据库。如果您还没有，请参阅手册：

http://php.net/manual/en/function.mysqli-connect.php

在打开PHP标记后立即将错误报告添加到文件顶部，例如
<?php error_reporting(E_ALL); ini_set('display_errors', 1);然后代码的其余部分，看它是否产生任何结果，以及or die(mysqli_error($connect))到mysqli_query()。

页面过滤器无法从数据库获取数据

1 个答案: