Question

我试图建立一个评级系统，你可以从1-5星评价，然后显示平均评级。

对于这个我使用Ajax，jQuery，PHP，MySQL和HTML ofc。

以下是包含脚本和基本html的基本代码：

<?php 
    include('includes/config.php');
    $post_id = '1';
?>
<div class="ratesite">
    <h4>Betygssätt denna webbplats!</h4>
        <div class="rate-ex1-cnt">
            <div id="1" class="rate-btn-1 rate-btn"></div>
            <div id="2" class="rate-btn-2 rate-btn"></div>
            <div id="3" class="rate-btn-3 rate-btn"></div>
            <div id="4" class="rate-btn-4 rate-btn"></div>
            <div id="5" class="rate-btn-5 rate-btn"></div>
        </div>
<?php require_once 'includes/avgrate.php'; ?>
        <div id="avg-rate">
            <h5>Snittvärdet är <strong><?php echo $rate_value; ?></strong>.</h5>
        </div>
</div>
<!-- Script för rating -->
    <script>
        $(function(){ 
            $('.rate-btn').hover(function(){
                $('.rate-btn').removeClass('rate-btn-hover');
                var therate = $(this).attr('id');
                for (var i = therate; i >= 0; i--) {
                    $('.rate-btn-'+i).addClass('rate-btn-hover');
                };
            });

            $('.rate-btn').click(function(){    
                var therate = $(this).attr('id');
                var dataRate = 'act=rate&post_id=<?php echo $post_id; ?>&rate='+therate; //
                $('.rate-btn').removeClass('rate-btn-active');
                for (var i = therate; i >= 0; i--) {
                    $('.rate-btn-'+i).addClass('rate-btn-active');
                };
                $.ajax({
                    type : "POST",
                    url : "includes/ajax.php",
                    data: dataRate,
                    success:function(){}
                });

            });
        });
    </script>

我可以使用'console.log'来搜索脚本中的错误，脚本正常工作，所以我认为错误在我的ajax.php中:(我得到0错误），并且在控制台中没有错误）

<?php
require_once 'config.php';
    if($_POST['act'] == 'rate'){
        //Kontrollera ifall användaren (IP) redan röstat.
        $ip = $_SERVER["REMOTE_ADDR"];
        $therate = $_POST['rate'];
        $thepost = $_POST['post_id'];
        $sql = "SELECT * FROM ratings where ip= '$ip'";
        $result = mysqli_query($conn, $sql); 
        while($data = mysqli_fetch_assoc($result)){
            $rate_db[] = $data;
        }
        if(@count($rate_db) == 0 ){
            mysqli_query("INSERT INTO ratings (id_post, ip, rate)VALUES('$thepost', '$ip', '$therate')");
        }else{
            mysqli_query("UPDATE ratings SET rate= '$therate' WHERE ip = '$ip'");
        }
    } 
?>

数据库连接工作正常，因为我是ajax的初学者，我认为如果有人能找到错误，可以在这里问别人。

另外，HTML负责脚本链接等。

<!DOCTYPE html>
<html>
<head>
<meta content="text/html; charset=utf-8" />
<!-- Visa användarnamn som titel i sidfliken -->
<title>Album</title>
<link rel="stylesheet" href="css/stylesheet.css" type="text/css" />
<!-- PIROBOX -->
<!--         -->
<link rel="stylesheet" type="text/css" href="css_pirobox/style_1/style.css"/>
<!--::: OR :::-->
<!-- <link rel="stylesheet" type="text/css" href="css_pirobox/style_2/style.css"/> -->
<script type="text/javascript" src="js/jquery.min.js"></script>
<script type="text/javascript" src="js/jquery-ui-1.8.2.custom.min.js"></script>
<script type="text/javascript" src="js/pirobox_extended.js"></script>
<script type="text/javascript">
$(document).ready(function() {
    $().piroBox_ext({
        piro_speed : 900,
        bg_alpha : 0.1,
        piro_scroll : true //pirobox always positioned at the center of the page
    });
});
</script>
</head>

**编辑

我包括这样的连接：

<?php 
    $dbhost = 'xxxxx';
    $dbuser = 'xxxxx';
    $dbpass = 'xxxxx';
    $dbname = 'xxxxx';
    $conn = mysqli_connect($dbhost, $dbuser, $dbpass, $dbname) 
    or die('Kunde inte ansluta till databas');
    $db_connected  = mysqli_select_db($conn, $dbname);
?>

Answer 1

来自php.net ...

mysqli_query ( mysqli $link , string $query [, int $resultmode = MYSQLI_STORE_RESULT ] );

您没有为mysqli_query

提供$链接

Answer 2

<?php
require_once 'config.php';
    if($_POST['act'] == 'rate'){
        //Kontrollera ifall användaren (IP) redan röstat.
        $ip = $_SERVER["REMOTE_ADDR"];
        $therate = $_POST['rate'];
        $thepost = $_POST['post_id'];

请注意将$ sql声明为SQL查询的位置？请注意mysqli_query中的$ conn？ $ conn是数据库的指针/连接器。它允许您并行地向不同的服务器运行不同的查询。

    $sql = "SELECT * FROM ratings where ip= '$ip'";
    $result = mysqli_query($conn, $sql);

现在......你在下面的mysqli_fetch_assoc中的$ conn在哪里？

    while($data = mysqli_fetch_assoc($result)){
        $rate_db[] = $data;
    }

为什么以前的mysqli_query没有$ conn，以前你有？

    if(@count($rate_db) == 0 ){
        mysqli_query("INSERT INTO ratings (id_post, ip, rate)VALUES('$thepost', '$ip', '$therate')");
    }else{
        mysqli_query("UPDATE ratings SET rate= '$therate' WHERE ip = '$ip'");
    }
}

＆GT;

最后，您的console.log将仅显示来自客户端/浏览器的错误。您的服务器上应该有一个php.log文件，其中包含有关您滥用mysqli_query的错误 - 如果您不知道它们在哪里，您只会带来额外的工作并在实践中对自己感到痛苦在达到目标的距离之内。

祝你好运！

为什么我的ajax调用不存储数据库中的数据？没有PHP或控制台错误

2 个答案: