Question

我正在尝试使用PHP更新mySQL数据库。我在index.php上得到了表单。我正在使用GET方法从链接中获取id值，并尝试将值传输到另一个隐藏输入的页面。

当我尝试在另一页上读取此值时，它总是返回1。这是我的代码Index.php

<?php
    $usr = $_GET['id'];
    echo $usr ; 
?>
<form method="post" action="status.php">
    <input type="text" name="number"> <br>
    <input type="hidden" name="3" value="<?php echo (isset($usr)) ?  $usr : '' ?>" />
    <input type="submit">
</form>

这是status.php

$hello=isset($_POST['3']);
echo $hello ;
echo "<br>";

总是1。

Answer 1

您将使用isset()函数来分配不应该出现的变量：

$hello = isset($_POST['3']);

如果设置了true，则会返回$_POST['3']。

从字面意义isset()表示变量已设置。它是BOOL函数，这意味着它只能在设置时返回true，在未设置/空时返回false。

因此，您的代码应为：

$hello = $_POST['3'];

有关isset()的更多信息：http://php.net/manual/en/function.isset.php。

提示：将值放在隐藏的文本框中，然后使用$_GET获取它实际上不是一个好主意，因为大多数人只能在浏览器中编辑该值。

Answer 2

isset()返回bool所以如果变量可用，$ hello = 1 else $ hello = NULL
Wrtie POST为

if(isset($_POST['3']))
{
   $hello=$_POST['3'];
   echo $hello;
}

Answer 3

因为：

总是返回'1'

$hello=isset($_POST['3']);

如果设置了值，函数isset()将返回1，如果未设置，则返回0。二进制1表示“true”，0表示“false”

基本上，您的代码说$_POST['3']存在。

但，可能存在更大的基础问题：$_POST是array，因此使用数字作为input name可能会被视为不良做法。尝试使用字母代替名称：

    <input type="hidden" name="hidden_user"/>

Answer 4

我认为你使用的是错误的。

这个函数isset不是为了获取某些东西的值，而是为了检查这个东西是否被定义。

试试这个：

$hello=$_POST['3'];

Answer 5

在status.php中获取post参数的正确方法是：

$hello = isset($_POST[3]) ? $_POST[3] : null;
echo $hello;

PHP Post总是返回1

5 个答案: