Question

我是Lumen的新手，想要用这个框架创建一个应用程序。现在我遇到的问题是，如果某个用户输入了错误的网址=＆gt; http://www.example.com/abuot（错误）=＆gt; http://www.example.com/about（右），我想提供一个自定义错误页面，这将是中间件级别的理想选择。

此外，我能够检查当前网址是否有效，但我不确定如何在中间件中“制作”视图，响应（） - ＆gt; view（）将无法正常工作

如果有人可以提供帮助，那会很棒。

Answer 1

看到错误在App\Exceptions\Handler处理，这是处理它们的最佳位置。

如果您只是在自定义404错误页面之后，那么您可以非常轻松地完成此操作：

在Handler文件的顶部添加此行：

use Symfony\Component\HttpKernel\Exception\NotFoundHttpException;

将render函数改为：

public function render($request, Exception $e)
{
    if($e instanceof NotFoundHttpException){
        return response(view("errors.404"), 404);
    }
    return parent::render($request, $e);
}

这假设您的自定义404页面存储在视图中的错误文件夹中，并将返回自定义错误页面以及404状态代码。

Answer 2

您可能希望添加此内容，以便例如在刀片被炸毁时，错误页面处理程序将不会引发PHP错误。

public function render($request, Exception $exception)
 {
   if (method_exists('Exception','getStatusCode')){

     if($exception->getStatusCode() == 404){
       return response(view("errors.404"), 404);
     }

     if($exception->getStatusCode() == 500){
       return response(view("errors.500"), 404);
     }
   }
   return parent::render($request, $exception);
 }

Answer 3

我正在使用 Lumen 8.x version 和以下解决方案：

文件路径： ▸ app ▸ Exceptions ▸ Handler.php

public function render($request, Throwable $exception)
{
    // start custom code
    if($exception->getStatusCode() == 404){
        return response(view("errors.404"), 404);
    }
    if($exception->getStatusCode() == 500){
        return response(view("errors.500"), 404);
    }
    // end custom code

    return parent::render($request, $exception);
}

不要忘记在 errors 创建 /resources/views/errors 文件夹并在 errors 文件夹中创建以下 2 个新文件：

404.blade.php

500.blade.php

并在这些文件中添加您要添加的 html 标签和消息。

很高兴为您服务。感谢您提出这个问题。

Answer 4

我遇到了同样的情况。 response(view("errors.404"), 404)对我不起作用，因此我进行了如下更改：

public function render($request, Exception $exception)
{
    if($exception instanceof NotFoundHttpException){
        return response(view('errors.404')->render(), 404);
    }
    return parent::render($request, $exception);
}

在Lumen中自定义404页面

4 个答案: