Question

我正在尝试返回位于不同文件夹中的扩展名为.css和.styl的文件，并在Gulp任务中使用它们，但没有太大成功。我想知道我在这里做错了什么？这是我的代码：

var pattrn = /(styl|css)$/g;
var path1 = './dev/**/';

var paths = {
  dev_styles: path1.match( pattrn ),
  build: './build'
};

gulp.task( 'styles', function() {
  var processors = [
    csswring,
    autoprefixer( { browsers: [ 'last 2 version' ] } )
];

return gulp
  .src( paths.dev_styles )
  .pipe( plugins.postcss( processors ) )
  .pipe( plugins.rename( { suffix: '.min'} ) )
  .pipe( gulp.dest( paths.build ) );
});

我收到此错误：

Error: Invalid glob argument: null

Answer 1

嗯，你的问题是，这不是gulp的工作方式。

检查documentation关于gulp.src，它说明：

gulp.src（globs [，options]）接受glob或glob数组来读取。

这意味着您不需要进行奇特（奇怪）过滤，指定正确的node-glob syntax就足够了。

回到你的问题，这将解决它：

gulp.task( 'styles', function() {
  var processors = [
    csswring,
    autoprefixer( { browsers: ['last 2 version' ] } )
  ];
  return gulp
    .src( 'root_to_styl_files/**/*.styl' ) // Will get all .styl files in the specified folder & subfolders
    .pipe( plugins.postcss( processors ) )
    .pipe( plugins.rename( { suffix: '.min' } ) )
    .pipe( gulp.dest( './build' ) );
});

Answer 2

Globs的数组是解决方案。如上所述，avcajaraville不需要正则表达式。这是一个完成这项工作的片段：

.src(['./root_to_files/**/*.css', './root_to_files/**/*.styl']),

这将返回与模式匹配的文件，并使它们可供任何gulp插件进一步处理（管道）。它们最终将放在目标文件夹（dest）上，如果没有进行进一步处理（例如展平，清理等），则复制原始文件夹结构。

.pipe(gulp.dest('./build'));

如何在Gulp中匹配和返回各种扩展名的文件？

2 个答案: