似乎很简单,但是,如何将Kotlin的MutableList
初始化为空MutableList
?
我可以通过这种方式破解它,但我确信有更容易实现的东西:
var pusta: List<Kolory> = emptyList()
var cos: MutableList<Kolory> = pusta.toArrayList()
答案 0 :(得分:322)
您可以简单地写一下:
val mutableList : MutableList<Kolory> = arrayListOf()
这是最惯用的方式。
替代方式
val mutableList : MutableList<Kolory> = ArrayList()
或
ArrayList
这正在利用像MutableList
这样的java类型通过编译技巧隐式实现类型{{1}}的事实。
答案 1 :(得分:13)
各种形式,取决于List的类型,对于Array List:
val myList = mutableListOf<Kolory>()
// or more specifically use the helper for a specific list type
val myList = arrayListOf<Kolory>()
对于LinkedList:
val myList = linkedListOf<Kolory>()
// same as
val myList: MutableList<Kolory> = linkedListOf()
对于其他列表类型,如果直接构造它们,将被假定为Mutable:
val myList = ArrayList<Kolory>()
// or
val myList = LinkedList<Kolory>()
这适用于实现List
接口的任何内容(即其他集合库)。
如果列表已经是Mutable,则无需重复左侧的类型。或者仅当您想将它们视为只读时,例如:
val myList: List<Kolory> = ArrayList()
答案 2 :(得分:6)
我喜欢以下内容:
var book: MutableList<Books> = mutableListOf()
/ **返回具有给定元素的新[MutableList]。 * /
public fun <T> mutableListOf(vararg elements: T): MutableList<T>
= if (elements.size == 0) ArrayList() else ArrayList(ArrayAsCollection(elements, isVarargs = true))
答案 3 :(得分:0)
在 kotlin 中创建可空字符串的可变列表
val systemUsers: MutableList<String?> = mutableListOf()