Question

如何将条件添加到我的文章模型中，以便slug（来自类别模型）等于$ slug？

这是Gii生成的函数：

public function getCategory()
{
    return $this->hasOne(Categories::className(), ['id' => 'category_id']);
}

这是我的代码：

    public function specificItems($slug)
    {
    $query = Articles::find()->with('category');
    $countQuery = clone $query;
    $pages = new Pagination(['totalCount' => $countQuery->count(),'pageSize' => 12]);
    $articles = $query->offset($pages->offset)
        ->limit($pages->limit)
        ->all();
    return ['articles' => $articles,'pages' => $pages];
    }

Answer 1

您的SQL查询应包含文章和类别表中的列。为此，您需要使用joinWith()。

$result = Articles::find()
    ->joinWith('category')
    ->andWhere(['category.slug' => $slug])
    ->all();

其中＆＃39;类别＆＃39;然后是您的类别表的名称。

但是，在您的代码中，您偏离了某些最佳做法。我建议如下：

以单数形式（Article和article）同时拥有表名和模型类。如果文章有多个类别，则关系可以是复数形式，如getCategories。
避免返回结果集的函数。更好地返回ActiveQuery类。如果您有查询对象，那么获取实际模型所需的只是->all()。但是，您可以进一步操作此对象，添加更多条件，更改结果格式（->asArray()）和其他有用的东西。返回结果数组不允许这样做。
考虑将ActiveQuery类扩展到ArticleQuery并在那里实施条件。然后，您就可以执行Article::find()->joinWith('category')->byCategorySlug('foo')->all()。

Yii2模型搜索查询

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