在由它调用的脚本中获取入口点脚本路径

Question

考虑您有一个名为/home/user/pack/test.py

的脚本

在这个脚本中，我们调用一个辅助类，它在其他文件路径中定义（使用import）
让我们说Helper文件路径是： /home/user/pack/abc/helper.py

我想知道是否有办法在Helper脚本中获取原始启动脚本路径/home/user/src/test.py以供某些用法使用。

我尝试使用__file__，但它当然给了我/home/user/pack/abc/helper.py。

注意：我不想将启动脚本路径（__ file__）作为参数传递给Helper类。

Answer 1

您可以使用标准库中的inspect模块来实现目标：

<强> helper.py

def some_helper():
    print(inspect.stack()[1][1])

<强> test.py

import helper

helper.some_helper()

因此，通过执行test.py，您将"path/to/test.py"函数中的helper.py作为输出。