Question

我正在尝试创建一个简单的博客条目表单，用户输入标题，博客条目并提交。然后，表单应插入“博客条目”。使用insert查询进入MYSQL。

我没有错误。
当我提交表单时没有任何更改，数据库没有新的输入和表格没有显示＆＃34;发布后提交＆＃34;或者＆＃34;发布不是提交＆＃34;

这是blog.php代码

<?php 
    // 1. Establish a connection using three functions: 1. mysqli_connect() 2. mysqli_connect_errno() 3. mysqli_connect_error()
    $dbhost = "localhost";
    $dbuser = "root";
    $dbpass = "";
    $dbname = "blog";

    $connection = mysqli_connect($dbhost, $dbuser, $dbpass, $dbname); 

    // Test if connection occured
    if(mysqli_connect_errno()) {
        die("Database connection failed " . mysqli_connect_error() . "( " . mysqli_connect_errno() . " )");
        }    

    //Form submitted
    if(isset($_POST['submit'])) {

    //Error checking
    if(!$_POST['title']) {
        $error['title_error'] = "<p>Please supply a title.</p>\n";
        }

    if(!$_POST['blog']) {
        $error['blog_error'] = "<p>Please supply blog content.</p>\n";
        }

    //No errors, process
    if(!is_array($error)) {

    //Process your form
    // 2. Perform Your Query

    $post_title = $POST["title"];
    $post_content = $POST["blog"];

    $query = "INSERT INTO entries (blog_id, blog_title, blog_content) 
            VALUES ('null', '{$post_title}', '{$post_content}')";

    $result = mysqli_query($connection, $query);

    //Display confirmation of post.

    if($result) {
        echo "Post submitted!";
        } else {
        echo "Error, post NOT submitted!";
    }

    //Require or include any page footer you might have
    //here as well so the style of your page isn't broken.
    //Then exit the script.
    exit;

    } else {
        echo $error;
        }
}

?>

<doctype>
    <html>
        <head>
            <title> Blog </title>
        </head>

        <body>
            <form method="POST" action="blog.php">
                Title: <input name="title"  type="text"> <br />
                Blog: <textarea name="blog" cols="100" rows="5"> Blog Text here... </textarea> <br />
                <input  value="submit" type="submit" value="Submit" />
            </form>
        </body>

</html>

以下是提交表格后的表格的屏幕截图。

以下是名为blog的MYSQL数据库的屏幕截图，以及名为entries的表格：

以下是我的数据库的结构：

有人知道我做错了什么。我是PHP的新手，当我没有错误时，我不知道如何调试问题！

更新1。 解决方案有效。谢谢。但是我收到以下错误：

注意：未定义的变量：第30行的C：\ XAMPP \ htdocs \ blogwebsite \ blog.php中的错误

我知道，因为我没有初始化$ error []数组。但摆脱这个错误的标准方法是什么？请帮忙！

Answer 1

您的if(isset($_POST['submit'])) {条件不会设置为true，因为您没有为提交按钮设置名称标签。

应该是

<input value="Submit" type="submit" name="submit"/>

然后，在重新分配另一个变量时，表单中的传递数据不应该是$POST["title"]，而应该是$_POST["title"]。

您还应该考虑使用mysqli_real_escape_string来阻止SQL injections。

$post_title = mysqli_real_escape_string($connection, $_POST["title"]);
$post_content = mysqli_real_escape_string($connection, $_POST["blog"]);

但是，您应该使用prepared statement而不是mysqli_*使用deprecated mysql_* API的功能。

关于您为undefined variable收到的错误，为什么不要废弃代码的输入检查部分，并将其替换为：

if(!empty($_POST["title"]) || !empty($_POST["blog"])){ /* IF BOTH INPUTS HAVE CONTENTS */
  /* THE CODE YOU WANT TO EXECUTE */
}
else {
  $error = "<p>Please supply a title or a blog content.</p>\n";
}

或者只是移除您的输入检查，并使用HTML的required属性。

<input name="title" type="text" required>
<textarea name="blog" cols="100" rows="5" required>

这样你的PHP代码就会直截了当：

if(isset($_POST["submit"])){
  /* YOUR INSERT QUERY HERE */  
}

required以及!empty()条件的缺点是它接受空格（）。要绕过这个，你应该使用支持这种东西的Javascript或库。

Answer 2

在html表单中，submit元素有两个“value”属性但没有“name”属性。因此，在if（isset（$ _ POST ['submit']））检查中找不到它，并且原始表单显示为没有发布任何内容。

简单的PHP＆＃39;博客条目＆＃39;表单没有提交到MYSQL数据库？

2 个答案: