Question

我正在创建一个带有下拉列表的搜索功能，用户可以根据所选的下拉列表进行搜索，并将其显示在同一页面上。当我按下提交按钮时，它没有显示任何结果。

很抱歉，如果以前曾经问过这个问题，但我怀疑在PHP代码中我做错了但是我无法弄清楚原因。有人可以帮我指点一下吗？

这是我的搜索表单：

<h2>Search</h2>
<form name="search" method="POST" action="<?php echo $_SERVER['PHP_SELF']; ?>">
  Keyword &nbsp;
  <input type="text" name="searchq" id="searchq" size="30" placeholder="Enter keyword..">&nbsp; By &nbsp;
  <select name="searchopt" id="searchopt">
    <option value=""></option>
    <option value="Members">Members</option>
    <option value="Journal">Journal</option>
    <option value="Conference">Conference</option>
    <option value="Awards">Awards</option>
    <option value="Grants">Grants</option>
    <option value="Patents">Patents</option>
    <option value="Research Grants">Research Grants</option>
    <option value="Book Chapter">Book Chapter</option>
    <option value="Book Publications">Book Publications</option>
    <option value="Other Publications">Other Publications</option>
  </select>
  &nbsp;
  <input type="submit" id="submit" name="submit" value="Search">
</form>
<br>
<p>
  <h4>Results</h4>
</p>

这是我的PHP代码：

include ("includes/dbcon.php");

if(isset($_POST['searchq']) && $_POST['searchq'] != "")
{
    if(isset($_POST['searchopt']) && $_POST['searchopt'] != "")
    {
        $escsearch = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['searchq']);
        $searchval = preg_replace('#[^a-z 0-9]#i', '', $escsearch);
        $opt = $_POST['searchopt'];

        switch($opt)
        {
            case "Members":
            $query = "SELECT * FROM members where memberName LIKE '%$searchval%'";
            $res = mysqli_query($conn, $query) or die(mysqli_error());
            $count = mysqli_num_rows($res);
            if($count > 1)
            {
                $output .= "$count results for <strong>$escsearch</strong>.";

                while($row = mysqli_fetch_array($res))
                {
                    $name = $row['memberName'];
                    $pos = $row['position'];
                    $fac = $row['faculty'];
                    $email = $row['email'];
                    $int = $row['research_interests'];

                    echo "<table>
                            <tr>
                                <td>Name</td>
                                <td>Position</td>
                                <td>Faculty</td>
                                <td>E-mail</td>
                                <td>Research Interests</td>
                            </tr>
                            <tr>
                                <td>$name</td>
                                <td>$pos</td>
                                <td>$fac</td>
                                <td>$email</td>
                                <td>$int</td>
                            </tr>
                         </table>";
                }
            }else{
                $output = "<p>No records found.</p>"; 
            }
            break;
        }
    }
}

Answer 1

纠正你的情况

if($count > 1) => if($count >= 1)

好像你在数据库中只有一条记录

还定义$ output变量

Answer 2

如果只有一条带有membername LIKE lau的记录，那么您将无法获得该页面的任何输出。

此行表示脚本必须有多个结果才能继续... if($count > 1)您可能希望它为if($count >= 1)

首先，您必须将$ output定义为空字符串... $output = '';

希望这有帮助

Answer 3

这里有很多问题：

您的提交按钮不应具有name属性，因为您没有对其执行任何操作。

改变这个：

<input type="submit" id="submit" name="submit" value="Search">

对此：

<input type="submit" id="submit" value="Search">

您的if条件，如果找到一个结果，检查结果将返回false。

改变这个：
```
if($count > 1)
```
对此：
```
if($count > 0)
```

最后，您的$output变量定义错误。使用.=假设先前已定义$output。

改变这个：

$output .= "$count results for <strong>$escsearch</strong>.";

对此：

$output = "$count results for <strong>$escsearch</strong>.";

PHP：使用下拉列表进行搜索

3 个答案: