Question

我正在按下查看按钮创建操作。这是我正在创建的网址

return Url::to(['site/usermessages?id='.$model->ID]);

我面临的问题是我无法理解将当前模型返回到此生成的网站的位置，有人能给我建议吗？

     'buttons' => [
                //view button
                'delete' => function ($url, $model) {
                    return Html::a('<span class="fa fa-search"></span>View', $url, [
                        'title' => Yii::t('app', 'View'),
                        'class'=>'btn btn-primary btn-xs',

                    ]);
                },
            ],

            'urlCreator' => function ($action, $model, $key, $index) {
                if ($action ==='view') {
                    return Url::to(['site/usermessages?id='.$model->ID]);
                }
            }

我想在新渲染的网站中显示文字。例如，在site/usermessages?id=2我想要echo $model->text，但正如我之前所说，我没有在那里通过模型。谢谢你的帮助。

Answer 1

我不知道您是否要禁用默认视图和删除按钮（因为您的示例中有错误代码）

但是使用模板，您可以设置应该可用的按钮（已移除{view} {delte}等）如果一个动作的“控制器”应该不同，我还举例说明。例如对于usermessages，使用控制器“site”，对于其他按钮操作（如果它们不被删除），将使用当前控制器。

[
    'class' => 'yii\grid\ActionColumn',
    'header'=>Yii::t('app', 'Actions'),
    'template' => '{usermessages}',
    'buttons' => [
        'usermessages' => function ($url, $model) {
            return Html::a('<span class="fa fa-search"></span>View', $url, [
                'title' => Yii::t('app', 'View'),
                'class'=>'btn btn-primary btn-xs',
            ]);
        },
    ],
    'urlCreator' => function ($action, $model, $key, $index) {
        if ($action ==='usermessages') {
            return Yii::$app->getUrlManager()->createUrl(['site/'.$action, 'id' => $key]);
        } else {
            return Yii::$app->getUrlManager()->createUrl([$action, 'id'=>$key]);
        }
    },
],

您的控制器代码

public function actionUsermessages($id)
{
    return $this->render('usermessages', [
        'model' => $this->findModel($id),
    ]);
}

yii2 GridView中的ActiveColumn。通过模型的地方？

1 个答案: