Question

我正在Django应用程序中实现通用下拉菜单。在大多数情况下，这些页面都是通用的，并且它们具有简单的通用“儿童”字样。菜单。但是在某些情况下，我希望能够根据页面slug（page.slug）在一个完全不同的模板中包含或呈现一组特殊的子项或自定义内容。

我考虑过实现一个包含标记，但我不确定如何在模板标记中执行此操作。我知道你可以在视图中实现它：

blog_post = get_object_or_404(blog_posts, slug=slug)
...
templates = [u"blog/blog_post_detail_%s.html" % str(slug), template]
return render(request, templates, context)

我对标签的设计模式很简单：

查看页面/ SLUG / dropdown.html
尝试使用pages / dropdown_SLUG.html
如果这些文件都不存在，则不显示任何内容。

如何从模板标签中执行此操作？包含标记是正确的方式，还是render_tag？

Answer 1

这是我提出的解决方案：

@register.render_tag
def page_menu_special(context, token):
    page = None
    template_name = None
    menu_templates = []

    parts = token.split_contents()[1:]
    for part in parts:
        part = Variable(part).resolve(context)
        if isinstance(part, str):
            template_name = part
        elif isinstance(part, Page) or isinstance(part, CustomPage):
            page = part

    if page and page.slug:
        page_template = str(page.slug) if page.slug != home_slug() else "index"
        method_template = page.get_content_model().get_template_name()

        menu_templates.extend([
            u'pages/menus/dropdown_%s.html' % (page_template),
            u'pages/menus/dropdown/%s.html' % (page_template),
        ])

        if method_template:
            menu_templates.append(method_template)

    if template_name:
        menu_templates.insert(0, template_name)

    try:
        t = select_template(menu_templates)
        return t.render(Context(context))
    except TemplateDoesNotExist:
        return u''

这是Mezzanine特有的，但逻辑可以重复使用：

构建潜在模板的路径。
将列表传递给select_template
如果不存在则捕获异常，并返回空的或合适的呈现内容。

我仍然试图弄清楚如何默认另一个模板标记，来自这个定义。所以我可以调用page_menu_special，如果这个失败，它会恢复为使用相同参数调用page_menu，并为我们节省if/else块。

用于有条件渲染的模板标记，如果存在一个或多个路径，则包含另一个模板

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