Question

我有一个Java项目，它包含名为runProgram的程序和程序包config.properties中名为pack的配置文件。我试图从Windows 7中的命令提示符作为.jar文件运行该项目。但我不知道如何指出我想要使用的特定配置文件。我尝试使用文件名“打开文件”，但它没有用。

程序：

package pack;

import java.io.FileInputStream;
import java.io.IOException;
import java.util.Properties;

public class runProgram {
    public static void main(String[] args){

        double value;
        Properties configFile = new Properties();
        try {
            configFile.load(helloworld.class.getClassLoader().getResourceAsStream(
                "\\pack\\config.properties"));

        } catch (IOException e) {
            e.printStackTrace();
        }


        value = Double.parseDouble(configFile.getProperty("value"));

        System.out.println("Value is: "+value);
    }
}

配置文件：

 value = 75

Answer 1

我试一试，但我不知道我是否正确地提出了你的问题。

但我不知道如何指出我想要使用的特定配置文件。

如果这是关于运行该工具，每次指定另一个配置文件时，我会使用Apache CLI来解析和处理命令行参数。然后，用户可以在每次运行工具时指定文件。（在'使用'下你可以找到一些例子，但我现在不允许发布两个以上的链接）

但是如果你想了解更多关于处理java属性文件的信息，这里有一个很好的教程： http://www.mkyong.com/java/java-properties-file-examples/

此外，对于独立于操作系统的路径定义，请查看System.getProperty("file.separator")，正如其名称所示，它试图接收特定于操作系统的路径分隔符（例如，对于Windows为'\'，对于UNIX为'/'系统）。

希望这有帮助。

使用命令行运行程序和配置文件

1 个答案: