我使用JavaScript处理表单提交和Ajax调用只刷新某个div "而不是整个页面" ,表单提交成功但是div内部的值不会刷新。我已经尝试过堆栈溢出的其他方法/解决方案,但它们似乎都加载了整个页面,或者div的内容隐藏在表单提交上。
ajax.js
$(document).ready(function () {
$('.ajaxform').submit(function (e) {
e.preventDefault(); // catch the form's submit event
$.ajax({ // create an AJAX call...
data: $(this).serialize(), // get the form data
type: "POST", // POST
dataType: 'html',
url: "info.php", // the file to call
cache: false,
success: function (response) { // on success..
$(".ld").load("info.php .ld"); //this hides the content of the div
// $('.ld').html(response);----This loads the entire page inside the div
}
});
return false; // cancel original event to prevent form submitting
});
});
info.php的的
<html>
<head>
</head>
<body>
<?php
...................
foreach($stmt as $obj){
$id = $obj['id'];
$likes = $obj['like1'];
echo '<form action="" method="post" id="ajaxform" enctype="multipart/form-data">';
echo '<input type="hidden" name="lkcv[]" value="'.$id.'">';
echo '<input type="hidden" name="like" value="">';
echo '<input type="image" src="images/like.png" id="lksub" width="15"
value="som" height="15" style="float:right;position:relative;
margin-right:290px;"/><div class="ld">'.$likes.'</div>';
echo '</form>’;
echo '<div id="emailform"></div>';
}
?>
</body>
</html>
我正在尝试刷新变量&#34; $ likes&#34;在div标签内,没有刷新整个页面,现在我的当前代码隐藏了表单提交上的变量。我必须手动刷新以查看&#34; $ likes&#34;的任何更改。
答案 0 :(得分:0)
您正在向整个文档发送XMLHTTPRequest而不是PHP的一部分(正如我从您的问题中理解的那样,您需要的是后者)。另外,您要将请求发送到同一当前页面info.php
,最好通过将PHP代码拆分为两部分来分离问题(渲染初始形式的部分和用于处理它的部分)服务器端)。
因此,AJAX将返回info.php
(静态标记+生成的标记)的所有结果,并返回所有最终HTML并将其加载到.ld
中。
我建议创建两个文件:form.php
和process-form.php
。当form.php
撤回的文档为ready
时,您的AJAX调用将被执行并将被发送到process-form
将在表单处理后返回所需的数据。
这应该无需刷新页面(使用AJAX的主要目的)。