Question

我正在尝试将Bitmap保存到我加载它的同一个文件中。但是我无法这样做。我知道.save（）函数的文档说＆＃34;不要将图像保存到用于构建图像的相同流中。这样做可能会损坏流＃34;并认为这是我的问题的原因。例如，如果我加载图像＆＃34; a.jpg＆＃34;我无法将修改后的文件保存回＆＃34; a.jpg＆＃34;，我必须更改文件名。

这是我加载图片的代码：

std::string fullPath = imgFolderPath + "\\" + imageFileNames[i];
std::wstring wstr(fullPath.begin(), fullPath.end());
Bitmap* bitmap = new Bitmap(wstr.c_str());

我保存图片的代码是：

bitmap->Save(wstr.c_str(), &clsid, NULL);

当文件名不同时，这可以正常工作。有没有办法可以写到同一张图片？我宁愿＆＃34;更新＆＃34;图像比完全创建新图像。

Answer 1

只要您将图片存储到缓冲区中，为什么不删除图像ex。＆＃39; system（＆＃34; rm foo.png＆＃34;）＆＃39;然后写？

Answer 2

难道你不能只关闭现有的Bitmap流，然后打开一个新的Bitmap流来写相同的文件名吗？然后应该覆盖原始图像。

Answer 3

我从jlpilkin在GDI +文档的Community Additions部分看到的建议建议不要直接从文件创建Bitmap。而是将文件读入内存缓冲区，创建内存流，然后从内存流中创建位图。创建位图后，您可以释放内存流和内存缓冲区。现在你有一个不打开原始文件的Bitmap。

然后我将修改后的位图保存为临时名称，并使用ReplaceFile以原子方式将其移动到原始文件名，保留原始文件的属性。

将位图保存到从中加载的同一文件

3 个答案: