Question

根据我的主要可执行文件的构建类型（调试，发布），我想链接到我的DLL的匹配版本。使用C ++ Builder IDE实现此目的的正确方法是什么？

详细信息：我使用的是Embarcadero C ++ Builder XE8（试用版，BCC64）。我的软件包含一个可执行文件和多个库（.dll，Dynamic-link Library）在程序启动期间加载（不是在运行时）。每个库和可执行文件都有自己的项目，所有项目都在同一个项目组中。

要在使用项目中使用已编译的库，我已将import files of the compiled DLLs（.a for BCC64）添加到使用项目中。

摘自SerialPort.cbproj：

<LibFiles Include="..\..\Win64\Debug\Logger.a" Condition="'$(Platform)'=='Win64'">
    <BuildOrder>3</BuildOrder>
    <IgnorePath>true</IgnorePath>
</LibFiles>

不幸的是，.dll / .a文件的输出路径取决于变量$（Platform）和$（Config），因此这些文件的路径在调试和发布版本之间有所不同。 IDE不允许（！？）允许我指定用于调试和发布版本的不同DLL文件。

我宁愿不诉诸丑陋的黑客，比如将生成的二进制文件放在同一文件夹中，只是为了获得两个版本的导入文件的单一路径。以下解决方法似乎有效，但在保存项目时被C ++ Builder覆盖：

<LibFiles Include="..\..\Win64\Debug\Logger.a" Condition="('$(Platform)'=='Win64') And ('$(Config)'=='Debug')">
    <BuildOrder>3</BuildOrder>
    <IgnorePath>true</IgnorePath>
</LibFiles>
<LibFiles Include="..\..\Win64\Release\Logger.a" Condition="('$(Platform)'=='Win64') And ('$(Config)'=='Release')">
    <BuildOrder>3</BuildOrder>
    <IgnorePath>true</IgnorePath>
</LibFiles>

有没有理智的方法来解决这个问题？

Answer 1

正如评论中所提到的，一种可能的解决方案是：

您可以使用其中一个源文件中的#pragma link指令链接它们，而不是将lib / a文件添加到项目中。您可以使用#ifdef指令将其包围起来，以控制哪些文件可以链接到哪些条件，您可以在项目选项中定义。

类似的东西：

#ifdef DEBUG
  #pragma link "mydebulib.a"
#else
  #pragma link "myreleaselib.a"
#endif

Answer 2

每个库和可执行文件都有其自己的项目，所有项目都在同一项目组中

我会选择：

Logger.a

通过这种方式，如果您在库中进行了某些更改，然后尝试构建可执行文件，则C ++ Builder会自动重建pragma link（#pragma link中不会发生）。

还要考虑在#pragma comment / .lib语句中命名的文件不应包含文件扩展名。编译器将在目标Win32 / .a然后目标Win64时附加适当的代码：$(PLATFORM)。

如前所述，库路径本身可以在项目选项中指定，其中可以使用$(CONFIG)和IBD (Ulcerative colitis), remission phase。

Embarcadero C ++ Builder：可以单独调试/发布DLL引用吗？

2 个答案: