如果我有课程Foo和函数bar
function bar (Foo $x) { baz($x); }
使用Foo作为类型提示...我是否需要包含包含Foo的文件才能编译上述内容？
在PHP 5.4.33的测试中，即使调用该函数，也不需要包括该类。该函数失败，因为提供的$x不是类型Foo，但没有错误，例如＆＃34;错误：Foo未定义＆＃34;发生。
这种行为是否可靠？是否记录在哪里？
作为旁注，我知道当我使用Foo.php作为类型提示时，文档包含Foo文件可能会有好处，但它确实阻止了对require_once如果我不必包含它。{/ p>
答案 0 :(得分：4)
所有PHP都检查该类型的名称。它没有将它与任何具体实现联系起来。因此，不要求以任何方式访问该类型的具体实施;这意味着您不需要include定义类型的文件。
答案 1 :(得分：1)
这不是权威回应。
我可以想象PHP对象内部有一个存储类名的字段。这可以用于参数检查。
如果对象 是Foo的有效实例（并且您想要使用它），那么您将需要Foo的定义，否则您可以'做一个实例。
所以看起来参数检查不需要Foo的定义。