Question

我正在学习使用Slim创建Rest API，但却陷入了困境。我在互联网上尝试了很多东西，但它仍然没有获得价值。

我的Ajax：

$.ajax({
        type: 'POST',
        url: 'pages/search',
        dataType: "json",
        data: {'val1':value1,'val2':value2},
        success: function(data){
            alert(data.val1);
        }
    });

我的PHP使用Slim：

<?php

require 'Slim/Slim.php';

$app = new Slim();

$app->post('/search','getValue');
$app->run();


function getValue(){
    $request = Slim::getInstance()->request();
    $values= json_decode($request->getBody());

    $value1 = $values->val1;    // Throwing error here - Slim Application Error
    $value2 = $values->val2;

    echo "{'val1':'".$value1."'}";

}

?>

Answer 1

您正在尝试阅读JSON格式的请求：

$values= json_decode($request->getBody());

然后输出无效 JSON作为响应（可能使用默认的Content-Type: text/html响应标头）。

但是你传递jQuery＆＃39; data一个简单的对象，所以你要做一个标准的表单编码请求：

data: {'val1':value1,'val2':value2},

并且你强迫jQuery将响应视为JSON（它不是这样）：

dataType: "json",

假设您想要发出JSON请求并使用JSON进行响应，您需要：

正确格式化请求：

data: JSON.stringify( { val1: value1, val2: value2} ),
contentType: "application/json",

正确输出响应：

header("Content-Type: application/json");
echo json_encode( array( "val1" => $value1 ) );

（注意：我不知道您使用的是什么PHP框架。标头功能可能不是处理设置响应标头的正确方法。）

使用AJAX，Slim和PHP时没有获得JSON数据

1 个答案:

正确格式化请求：

正确输出响应：