Question

我有一个自定义控制器，为我处理404错误。这是因为我在数据库中存储了页面，因此当404发生时，它首先检查数据库以查看是否有该URL的页面，如果没有，那么它应该返回404.我的控制器还在构造函数中获取其他信息页面需要这个为什么我不只是使用abort（）;这是我的代码：

<?php namespace App\Http\Controllers;

use App\Menu_item;
use Session;
use Auth;
use View;
use App\Page;

class FrontendController extends Controller {

    public function __construct()
    {
        $this->data = array();
        $this->data['main_menu'] = $this->get_menu_items(1);
        $this->data['mobile_main_menu'] = $this->get_menu_items(2);
        $this->data['quick_links'] = $this->get_menu_items(3);
        $this->data['information'] = $this->get_menu_items(4);

        $this->data['message'] = Session::get('message');

        $this->data['user'] = Auth::user();
    }

    public function page($url)
    {
        $page = Page::where('url', '=', $url)->first();
        if(!is_null($page)) {
            $this->data['page'] = $page;
            return View::make('pages/cms_page', $this->data);
        } else {
            return response()->view('errors/404', $this->data)->header('404', 'HTTP/1.0 404 Not Found');
        }
    }

    function get_menu_items($menu_id, $parent_id=0)
    {
        $items = Menu_item::where('menu_id', '=', $menu_id)->where('parent_id', '=', $parent_id)->orderBy('sort_order', 'asc')->get();
        foreach($items as $item) {
            $item->children = $this->get_menu_items($menu_id, $item->id);
        }
        return $items;
    }
}

如果我在开发人员工具中查看响应，但页面报告状态为200 ok。我如何抛出一个合适的404并仍然渲染我的视图？

Answer 1

改变这个：

return response()->view('errors/404', $this->data)->header('404', 'HTTP/1.0 404 Not Found');

对此：

return response()->view('errors/404', $this->data, 404);

view()的第三个参数是您要包含在请求中的状态代码。

API documentation

未发送Laravel标头

1 个答案: