Question

我正在尝试进行ajax调用，并且我希望将JSON响应存储到变量中因为JSON响应，我想将它传递给两个Jqgrids。一个将显示响应的一半，另一个将显示剩余的响应。请帮助我在Jqgrids上显示一些想法。

这就是我尝试存储JSON响应的方式，但在将变量传递给undefined error函数时我得到alert()。

var form_data;
$(searchBTN).click(function(event))
{
    $.getJSON("search?dealId=" + orderId,
        function(json) {
            form_data = json.CompanyName;
            checkdata();                                        
        });

    function checkData() {
        console.log(form_data);
        alert(form_data);
    }
}

Answer 1

请检查你的json数据格式，意思是json数组变量键。我认为你访问了错误的变量。未定义的错误显示你的当前键在json对象中未定义。对于测试使用此警报（JSON.parse（json））< / p>

Answer 2

更好的方式来做我认为你想要的事情如下：

var form_data;
$(searchBTN).click(function(event)) {
    $.getJSON("search?dealId=" + orderId, function(json){
        form_data = json.CompanyName;
        console.log(form_data);
        alert(form_data);               
    });
});

尝试将ajax JSON响应存储到变量时获取未定义错误

2 个答案: