Question

即使在模板中我可以有任何类型，函数to_string也不适用于基本字符串：

例如：

std::string str("my string");
my_class(str);

使用这个仿函数定义：

template<class valuetype>
void operator()(valuetype value)
{
    ...
    private_string_field = std::to_string(value);

不起作用。这是错误：

错误：没有匹配的调用函数 “to_string（性病:: basic_string的＆安培）”

避免它的最佳方法是什么。

事先，我要求避免仅仅因为一些常用关键字而链接到不相关的问题。

Answer 1

std::to_string仅适用于基本数字类型。

如果您需要更通用的功能，boost::lexical_cast将适用于更多类型 - 实际上可以发送到iostream的任何类型。

#include <boost/lexical_cast.hpp>

...

private_string_field = boost::lexical_cast<std::string>(value);

Answer 2

基本字符串没有to_string。它没有任何关系。

在Benjamin Lindley提出建议后，我会考虑以下设计，使用to_string但提供默认模板：

#include <iostream>
#include <string>
struct Type {
  explicit operator std::string() const{
    return std::string("I am type");
  }
};

namespace std {
template <typename T>
  string to_string(const T& value) {
    return string(value);
  }
}

int main(int argc, char **argv) {
    // this is what would be in class
    Type x;
    std::string private_string_field;
    private_string_field = std::to_string(42);
    std::cout << private_string_field << std::endl;

    private_string_field = std::to_string(x);
    std::cout << private_string_field << std::endl;
    return 0;
}

默认情况下，它会尝试将操作数强制转换为字符串。这样自定义类型可以提供自己的转换。替代设计是在内部使用stringstream和operator<<进行转换，例如：

#include <iostream>
#include <string>
#include <sstream>

struct Type {
  friend std::ostream& operator<<(std::ostream& out, const Type& value){
    return out << "Type through operator<<";
  }
};

template <class T>
std::string to_str(const T& value) {
  std::string ret;
  std::ostringstream ss;
  ss << value;
  ret = ss.str();
  return ret;
};

int main(int argc, char **argv) {
    // this is what would be in class
    Type x;
    std::string private_string_field;
    private_string_field = to_str(42);
    std::cout << private_string_field << std::endl;

    private_string_field = to_str(x);
    std::cout << private_string_field << std::endl;

    return 0;
}

错误：没有匹配函数来调用'to_string（std :: basic_string <char>＆amp;）'</char>

2 个答案: