Question

我一直在寻找一种创建非常简单的博客的方法。当我查看堆栈溢出时。我走了一条路，这对我有用。但是它有这个错误。我找不到我从哪里获得此代码的问题。无论如何，首先我得到了一个我已修复的错误，但知道我无法得到任何回声。我的桌子有一些内容，但没有回声。

所以我得到了我的数据库：id，title，date，posted by，article。我得到了PHP代码：

    <?php
$con = mysql_connect("localhost","root","usbw");
if (!$con)
  {
  die('Could not connect: ' . mysql_error());
  }

mysql_select_db("prive", $con);

$result = mysql_query("SELECT * FROM blog LIMIT {$_POST['count']},1");
if($result === FALSE) { 
    die(mysql_error()); // TODO: better error handling
}

while($row = mysql_fetch_array($result))
  {
  echo "<div class='result'>".$row['titel'] . " " . $row['datum']."</div>";
  }

mysql_close($con);
?>

知道我的HTML

    </head>
    <body>


    <div id="content">
<div id="results">
   <div class="result"></div>
   <div class="result"></div>
   <div class="result"></div>
</div>
<a href="#" id="showMore" />Show more</a>

    </div>
<script type="text/javascript">
$(function(){
      $('#showMore').click(function(event) {
         event.preventDefault();
         $number = $('.result').size();

        $.ajax({
           type: "POST",
           url: "getNext.php",
           data: {"count":$number},
           success: function(results){
             $('#results').append(results);
           }
         });

      });

});
</script>

Answer 1

首先，您应该每次检查userinput。我建议你在你的php文件中做这样的事情：

$query = "SELECT * FROM blog";
if(isset($_POST['count']))
{
    $query .= " LIMIT " . intval($_POST['count'] . ",1");
}
$result = mysql_query($query);

这应该有效。但是下一个问题出在你的javascript中。您的代码中有错误。在javascript中，您定义了一个var而不是$的变量（这是php）。所以使用：

var number = $('.result').size();
...
data: {"count": number},

显示数据库中的下一行

1 个答案: