Question

如何在ZipFile extract()运行后获取本地文件名？

当我这样做时：

    with zipfile.ZipFile(localZipFilePath, "r") as zf:
        for name in zf.namelist():
            localFilePath = zf.extract(name, '/tmp/')
            print localFilePath

zip文件中存在的文件是：src/xyz/somefile.txt

localFilePath输出：/tmp/src

这里写的文件：/tmp/src/xyz/somefile.txt，这就是我想以优雅的方式获得的。

Answer 1

我觉得你误会了什么。 ZipFile.extract() method始终返回完整路径，指向为该特定zipfile成员创建的目录或文件。

文档没有明确说明，source code for the method在这里很清楚：

if member.filename[-1] == '/':
    if not os.path.isdir(targetpath):
        os.mkdir(targetpath)
    return targetpath

with self.open(member, pwd=pwd) as source, \
     file(targetpath, "wb") as target:
    shutil.copyfileobj(source, target)

return targetpath

因此，成员文件名在/（目录）中结束，在这种情况下创建目录，或者创建文件并复制数据。无论哪种方式，targetpath是刚刚创建的文件系统条目的本地路径。

我opened a Python issue更新了文档;截至2015-03-15，文档已更新为：

返回创建的规范化路径（目录或新文件）。

Answer 2

根本问题是我没有考虑文件夹是zip文件的一部分。我的代码只是为处理文件而设计的。

我通过添加if语句来修复我的代码来检测文件夹：

  with zipfile.ZipFile(localZipFilePath, "r") as zf:
        for name in zf.namelist():
            localFilePath = zf.extract(name, '/tmp/')
            if os.path.isdir(localFilePath):
                continue
            print localFilePath

ZipFile extract（）后获取本地文件名

2 个答案: