“shell导出”在makefile中的行为方式

Question

有三个文件：

test1.sh：

#!/bin/sh
export LD_LIBRARY_PATH=/usr/local/lib1

test2.sh：

#!/bin/sh
echo $LD_LIBRARY_PATH

生成文件：

.PHONY : all
all:
    ./test1.sh && ./test2.sh
    export LD_LIBRARY_PATH=/usr/local/lib1 && ./test2.sh

结果：

./test1.sh && ./test2.sh
/usr/local/lib
export LD_LIBRARY_PATH=/usr/local/lib1 && ./test2.sh
/usr/local/lib1

makefile始终创建一个子进程来执行命令。第一行命令和第二行之间有什么区别？

Answer 1

这与make没有任何关系;如果直接从shell命令行运行这些命令，则会看到相同的行为。

当您运行调用新shell的./test1.sh命令（无论它如何完成）时。新shell具有父进程环境的新副本。在LD_LIBRARY_PATH内修改./test1.sh时，您可以修改该副本。然后shell退出，并且修改了环境的修改副本。请记住，在POSIX / UNIX环境中不可能 永远修改父进程的环境（直接）。

在第二个示例中，您首先在父级环境中设置LD_LIBRARY_PATH，然后调用./test2.sh生成父级环境的副本，以便继承新设置。

如果您想要一个修改当前shell环境的脚本，必须使用源操作来运行它;这会导致当前shell运行脚本而不是创建一个新的shell来运行脚本：

. ./test1.sh && ./test2.sh

. shell命令是获取脚本而不是运行脚本的标准方法。