Question

我目前正在开展一个小项目，为了上帝的爱，我无法让这个PHP课程运作。

问题是，doQuery在我输入和INSERT或任何其他命令时，不会返回任何内容或修改数据库，即使从类中调用也总是返回false。

class CONN {

    private $connection;

    public function __construct() {

        $this->connection = new mysqli($address, $user, $pass, $db);
        if ($this->connection->connect_error) {

            // Throw error here
        } else {
            $this->doQuery("SET NAMES 'utf8'");
        }
    }

    public function doQuery($query){

        return $this->connection->query($this->connection->real_escape_string($query));
    }
}

解决
real_escape_string甚至转义为'，因此查询无效。

Answer 1

我认为你的代码不会像那样工作，我看到的主要问题是以下代码：

$this->connection = new mysqli($address, $user, $pass, $db);

$ adress，$ user，$ pass，$ db来自哪里？也许你错过了构造函数的论点。

Answer 2

仅将real_escape_string用于转义变量（通常由用户提交），例如

$this->doQuery("SELECT * FROM table WHERE something='".$this->connection->real_escape_string($_POST['data'])."'"

不要转义整个查询

public function doQuery($query){
    return $this->connection->query($query);
}

Answer 3

您需要创建/提供其他类参数。创建对象时，类构造函数需要这些值来建立连接。所以：

class Con
{
    private $address;
    private $username;
    private $password;
    private $database;
    public function __construct($address, $username, $password,$database)
    {
        $this->address = $address;
        $this->username = $username;
        $this->password = $password;
        $this->database = $database;
    }
    public function connect()
    {
        $con = mysqli_connect($this->address, $this->username, $this->password, $this->database);
        return $con;
    }
}


$conobject = new Con("localhost","root","","mybase");
$convar = $conobject->connect();

MySQL数据库连接类，函数不返回任何结果

3 个答案: