Question

我正在开发一个php脚本，它使用POST方法接收android以json格式发送的数据。但我没有得到任何数据，这是我的代码

$josn = file_get_contents("php://input");   
$json_data = json_decode($josn, true);

我刚尝试按

打印$ json_data

print_r($json_data);

但它没有显示任何值

Answer 1

var_dump()比print_r()

更可靠

无论数据是否已损坏，它都会告诉您有关您想要查看的内容的“信息”。

如果 null ，则会显示“ null ”。

如果是' bob '，它会说（字符串3）'bob'。

如果 4 ，则会说（int）4

如果是' 4 '，它会说（字符串1）'4'

此外，如果输入无效json，您的json_decode()可能会中断。查看您是否获得任何数据的更安全的方法是在将数据传递到json_decode()函数之前转储并检查数据：

var_dump( file_get_contents("php://input") );

如果您看到有效的json，那么将 $ josn 变量传递到json_decode()函数是安全的。

加成

似乎很愚蠢，但值得一提的是，您只能在输入缓冲区上使用file_get_contents()一次，然后内容就会消失。如果您尝试再次阅读它们，它们将为空。首次阅读时，请参阅存储它们的变量。

Separetely

另一个人提到检查你的全局$ _POST []变量......这带来了一个很好的观点。集管！

对于file_get_contents('php://input')的json拾取，php需要你的Android应用程序发送标题：

header('Content-Type: application/json');

对于$_POST[]的POST变量拾取，php需要你的Android应用程序发送标题：

header('Content-Type: application/x-www-form-urlencoded');

OR

header('Content-Type: multipart/form-data');