Question

我有一个Java应用程序，我从类路径读取XML文件（xmlFileName），如下所示：

    URL file = null;
    // Get file from resources folder
    try {
        file = MainPanel.class.getResource("/com/adc/resources/"
                + xmlFileName);

        LoggingSample.getLogger().error(
                "File " + file); --> Debug message

    } catch (Exception e) {
        LoggingSample.getLogger().error("URL parsed " + xmlFileName);
    }

我在上面添加了调试信息。当我从eclipse中运行应用程序时，我得到了正确的localworkspace路径，并且我的应用程序成功了。然而，当我创建一个独立的jar并尝试运行它时，我的路径是错误的。请参阅log4j文件输出。

我做错了什么？任何人都可以指出。

2015-02-23 18:53:14,990 - Project - ERROR - File Path  /C:/Users/phantom.j/Documents/GitHub/sec-assess/PROJECT/bin/com/adc/resources/MetaProperty.xml
2015-02-23 18:54:26,100 - Project- ERROR - File Path  com/adc/resources/MetaProperty.xml

编辑：我添加了一些调试日志消息，看看在eclipse的情况下我将getResource作为文件：...但是当我独立时我得到rsrc：..如何使它保持一致？< / p>

编辑2 ：我认为我的包装方式存在问题。当您从eclipse中导出时，您可以选择哪些选项：

a）将所需的库提取到生成的JAR

中

b）将生成的JAR打包所需的库

c）将所需的库复制到生成的JAR

旁边的子文件夹中

哪种方式首选？

2015-02-23 19:25:16,896 - Project - ERROR - File   file:/C:/Users/phantom.j/Documents/GitHub/sec-assess/PROJECT/bin/com/adc/resources/MetaProperty.xml
2015-02-23 19:26:23,280 - Project - ERROR - File   rsrc:com/adc/resources/MetaProperty.xml

Answer 1

这应该是类路径中的正确路径。从eclipse运行时，将从光盘中读取资源。当你运行jar时，它就在jar里面。问题是，如何处理URL。

你能使用getResourceAsStream()吗？那么你就不必处理如何打开它进行阅读。

Class.getResource在Eclipse中返回错误的路径，并作为独立的exe

1 个答案: