“不推荐使用引用分配new的返回值”错误

Question

问题是：

  

不推荐使用：在第155行的C：\ wamp \ www \ FlashChat_v607 \ chat \ inc \ common.php中弃用了按引用分配new的返回值

     

注意：未定义的变量：第94行的C：\ wamp \ www \ FlashChat_v607 \ chat \ inc \ common.php中的步骤

这是您可以找到代码的链接： http://www5.zippyshare.com/v/3592861/file.html

Answer 1

这一行：

$GLOBALS['fc_config']['bot'] =& new Bot();

应该是这样的：

$GLOBALS['fc_config']['bot'] = new Bot();

第94行的通知：

if ( $step > 2 || !isset($step) )

你可能会忽略。您正在检查$ step的值，但您从未定义该变量。但是，既然你也明确检查它isset我猜你应该没问题。最好先检查一下isset。

无论如何，这些都是小问题。听起来真正的问题可能是您在生产服务器上启用了E_NOTICE，E_DEPRECATED和错误显示，这会弄乱您的页面显示错误消息。

尝试更改error display options in your php.ini，以便不显示这些内容（尽管您可能希望将它们留在开发框中）

Answer 2

“通过引用分配新的返回值”是因为这个成语在你的代码中

$foo = &new Bar;

将其更改为

$foo = new Bar;

要了解PHP4中使用此成语的原因，请参阅this manual page。

Answer 3

第94行的通知是因为......

if ( $step > 2 || !isset($step) )

应该是：

if (!isset($step) || $step > 2 )

这是因为您始终要检查变量是否存在FIRST，然后检查任何其他值。如果未设置$ step，您将收到您收到的NOTCIE。