Question

我一直在尝试将我的mysql转换为mysqli，这在此之前正在工作。我大部分时间都在使用准备好的陈述。我不确定如何编写mysqli_insert_id，因为我尝试的各种事情导致0或$ con未定义，具体取决于代码。

准备好的陈述

<?php


function db_connect() {

    // Define connection as a static variable, to avoid connecting more than once 
    static $con;

    // Try and connect to the database, if a connection has not been established yet
    if(!isset($con)) {
         // Load configuration as an array. Use the actual location of your configuration file
        $config = parse_ini_file('config.ini'); 
        $con = mysqli_connect('localhost',$config['username'],$config['password'],$config['dbname']);
    }

    // If connection was not successful, handle the error
    if( $con === false) {
        // Handle error - notify administrator, log to a file, show an error screen, etc.
        return mysqli_connect_error(); 
    }
    return  $con;
}

function db_query($query) {
    // Connect to the database
     $con = db_connect();


    // Query the database
    $result = mysqli_query( $con,$query);

    return $result;
}

function db_error() {
     $con = db_connect();

        return mysqli_error($con);
}

function db_select($query) {
    $rows = array();
    $result = db_query($query);

    // If query failed, return `false`
    if($result === false) {
        return false;
    }

    // If query was successful, retrieve all the rows into an array
    while ($row = mysqli_fetch_assoc($result)) {
        $rows[] = $row;
    }
    return $rows;
}
function db_quote($value) {
     $con = db_connect();

        return "'" . mysqli_real_escape_string($con,$value) . "'";
}
?>

INSERT的代码并定义$ last_id。所有字段和值都是变量，插入的行没有问题。

 $result = db_query("INSERT INTO $table($col1,$col3,$col4,$col5) VALUES ('$field','$field3','$field4','$field5')");
    if($result === false) {
     $error = db_error();
     echo $error;}
     else {
        // We successfully inserted a row into the database

    $last_id = mysqli_insert_id($con);
    echo $last_id;

我使用$ last_id填充另一个表以包含last_id的列。

目前，此代码显示错误Notice: Undefined variable: con in D:\xampp\htdocs\Websites\mindia\project.php on line 186

如果我在下面的任何函数之外声明$ con并更改为$last_id = mysqli_insert_id($con);，当我回显$ last_id

时我得到0

static $con;
      if(!isset($con)) {
         // Load configuration as an array. Use the actual location of your configuration file
        $config = parse_ini_file('config.ini'); 
        $con = mysqli_connect('localhost',$config['username'],$config['password'],$config['dbname']);
    }

我需要以某种方式使用$ last_id，这样我可以使用显示$ last_id的行填充另一个表 - 这是一个单独的脚本，如果需要，我也会发布它。

任何帮助将不胜感激。如果需要任何其他信息，请与我们联系。

Answer 1

在没有其他人回复之后，我再次找到了自己问题的答案。

显然它很容易解决问题。我查看了所有准备好的语句的代码，发现有一个$ con变量被定义为db_connect准备语句。

所以为了实现这一点，我做了这个

$con= db_connect();
$last_id = mysqli_insert_id($con);

基本上这定义了变量$ con并允许mysqli_insert_id使用它

Mysqli_insert_id返回0或$ con未定义

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